《河南省滑县2019届高三物理第二次联考试题（扫描版）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《河南省滑县2019届高三物理第二次联考试题（扫描版）（13页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、 1 河南省滑县河南省滑县 20192019 届高三物理第二次联考试题 扫描版 届高三物理第二次联考试题 扫描版 2 3 4 5 2018 2019 学年高三年级调研考试 二 物理参考答案 一 一 选择题 本题共 10 小题 每小题 4 分 共 40 分 在每小题给出的四个选项中 第 1 6 题只有一项符合题目要求 第 7 10 题有多项符合题目要求 全部选对的得 4 分 选对 但不全的得 2 分 有选错的得 0 分 1 答案 C 解析 旋动旋钮一圈 测微螺杆便沿着旋转轴线方向前进或后退一个螺距的距离 A点做 圆周运动的线速度为 A点水平移动的速度为 带入数据得 t R vA 2 1 t x
2、vA 2 选项 C 正确 1 20 2 1 A A v v 2 答案 D 解析 强黄光照射形成的饱和电流大于弱黄光的饱和电流 表明强黄光照射时单位时间发 出的光电子数多 根据爱因斯坦的光子说 光子的能量满足 光子能量与光的频率 hE 相关 故强黄光和弱黄光光子能量相等 选项 A B 错误 分别为蓝光和黄光的遏 21CC UU 止电压 满足 由于 故黄光照射打出的光电子的最大初动能小于 km EeUc 21CC UU 蓝光照射打出的光电子的最大初动能 选项 D 正确 C 错误 3 答案 B 解析 设弹性绳的劲度系数为k 小球质量为m 未对小球施加水平力 小球静止时 根据 平衡条件有 对小球施加水
3、平力 使其缓慢移动至弹性绳与竖直方 1 kxmg 10 xxx 向 成 600时 小 球 受 重 力mg 水 平 力F 弹 力F1三 个 力 由 平 衡 条 件 得 弹性绳的长度为 此过程中小球上升的高度为 mg mg F2 60cos 1 k mg xx 2 0 选项 B 正确 0 2 1 2 1 xxxh 4 答案 D 解析 设开始计时物块的速度为 物块质量为m 磁感应强度为B 物块与水平面间的动 0 v 摩擦因数为 根据牛顿运动定律得 联立解得 mamgqBvF atvv 0 若为零则 可知外力F随时atqBqBvmgmaF 00 vatqBmgmaF 间呈线性关系 选项 D 正确 6
4、5 答案 A 解析 菱形线圈在磁场中的面积为 线圈以角速度绕轴匀速转动时 线 2 4 3 LS O O 圈中产生的感应电动势的最大值为 有效值为 电流 2 0 4 3 LBem 2 01 8 6 2 LB e E m 表示数为电路中电流的有效值 电流的有效值 选项 A 正确 8 6 2 01 1 Rr LB Rr E I 6 答案 D 解析 设地球质量为 半径为 自转周期为 有一质量为的卫星 该卫星在地球 MRTm 两极 有 该卫星在地球赤道上 有 该卫星在mg R Mm G 2 1 2 2 2 4 mg T mR R Mm G 同步轨道上 有 联立上面三个式子 得 选项 D 正 2 2 2
5、4 T mnR nR Mm G g n g 1 1 3 1 确 7 答案 ACD 解析 速度 时间图象中 图线与横轴围成的面积表示物块的位移 显然物块第一个时间 0 t 内的位移小于第二个时间内位移 选项 A 正确 根据得 物块第一个时间内的平 0 t t x v 0 t 均速度小于第二个时间内的平均速度 选项 B 错误 冲量 可知第一个时间内 0 t mgtI 0 t 重力的冲量等于第二个时间内重力的冲量 选项 C 正确 根据动能定理可知 物块合外力 0 t 做的功等于动能的改变量 第一个时间内动能的变化量大小等于第二个时间内动能的变 0 t 0 t 化量大小 第一个时间内合外力的功等于第二
6、个时间内克服合外力的功 选项 D 正确 0 t 0 t 8 答案 BD 解析 滑块在光滑圆弧轨道上运动 根据动能定理得 解得 01KKG EEW 向心力满足 滑块在A B点的向心力大小之比 01 8 0 KK EE R v mF 2 2 2 1 mvEK 为 5 4 选项 A 错误 B 正确 滑块滑出圆弧轨道后做斜抛运动 当滑块的速度与重力垂直 时 速度最小亦即动能最小 设滑块滑出圆弧轨道时的速度为 根据斜抛运动的规律得之 1 v 7 后在空中运动的最小速度为 因为 最小动能 0 12 37cosvv 2 101 2 1 8 0mvEE KK 选项 C 错误 D 正确 0 2 22 512 0
7、 2 1 KK EmvE 9 答案 AD 解析 由题意得a质点在t 5s 前沿负方向做匀速直线运动 b质点在t 5s 前沿负方向做匀 减速直线运动 两质点运动方向相同 选项 A 正确 两图线相切于 5s 3m 故在 t 5s 时 刻两质点速度相等且 不是 0 6m s 选项 B 错误 由题意 s m6 0 5 0 5 0 7 2 斜率 kv 做匀减速直线运动的b质点加速度为 0 2 根据运动学公式有 解得 2 s matvv 01 m s 选项 C 错误 对于 b 质点 前 5s 内 有 5 5m 6 1 0 v5 2 6 06 1 2 t vx 故 b 质点出发的位置离坐标原点的距离 x0
8、2 7m 2 8m 选项 D 正确 x 10 答案 BC 解析 把一个电荷量C 的正电荷从c点移到e点电场力做功 4 100 2 q J 根据 V 10V 从d点分别移到a 点 b点电场力做功 3 102 W 4 3 102 102 q W U ce ce 均为零 表明 匀强电场的等势面为平面 可得 abd 恰为一等势面 连 bad 接ce和de 过c点作de的垂线交于点m 如图所示 由数学关系可得cm垂直平面abd 再 由匀强电场的电场线与等势面垂直进一步得出该匀强电场的方向由c指向m点 选项 A 错 误 由几何关系可得 cm的长度dcm cm 匀强电场 V m 选项 B 7 3 10 3
9、21100 cm cm d U E 正确 10V 可得 V 选项 C 正确 cb中点的电势 Uce Uca caac U 12 a 为 V 选项 D 错误 7 2 bc 8 二 实验题 11 6 分 答案 1 3 750 3 748 3 752mm 均可给分 2 光电门A B 之间的距离x 3 第 2 3 问中 如用其它实验 11 2 2 1 2 2 2 ttxg d mg F 方法 只要合理并正确 均可给分 本题 3 空 每空 2 分 解析 1 由图 a 读出示数为 0 024mm 由图 b 读出示数为 3 774mm 故遮光条宽度 d 3 775mm 0 025mm 3 750mm 2 滑
10、块从桌面上某一位置由静止释放后作匀变速直线运动 由牛顿运动定律得 对滑块经过光电门 A B 过程由运动学公式有 故欲mamgF ax t d t d 2 2 1 2 2 2 2 测定动摩擦因数 可测出光电门A B间的距离x 3 由 2 问 解 析 中 的 两 个 式 子 联 立 可 得 出 滑 块 与 桌 面 的 动 摩 擦 因 数 11 2 2 1 2 2 2 ttxg d mg F 12 12 9 分 答案 1 A2 1 分 A1 1 分 R1 2 分 2 C 2 分 3 a 1 分 4 2 分 12 120 II IrR 解析 1 由题中电路图知采用了滑动变阻器分压接法来进行实验 为了便
11、于操作 准确 测量 显然滑动变阻器阻值过大 不便操作 故应选用阻值较小的滑动变阻器R1 结合伏 2 R 安法测电阻原理 中的电流表应当做电压表使用 此电流表必须已知内阻 故选择A2表 根据给出电源的电动势和被测电阻的阻值 电路中最大的电流约为 A 0 4A 15 6 并R E I 故 中的电流表应选择A1 2 由题中条件知两端电压最大值约为 6V A2表的量程为 0 1A 定值电阻R0的阻值约为 x R 故选择 C 59 2 2 0 r I E R m 3 闭合开关K前 为了保证电流表的安全 滑动变阻器的滑片P应置于a端 9 4 根据电路图 由欧姆定律得 x R 12 120 II IrR 三
12、 解答题 13 12 分 解 1 设匀强磁场磁感应强度为B 粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动 作 出粒子运动的轨迹如图所示 可知粒子轨迹对应圆心角为 240 1 分 由 1 分 r v mqBv 2 得 1 分 qB mv r 由 1 分 v r T 2 得 1 分 qB m v r T 22 粒子在磁场中运动的时间 2 分 qB m qB m t 3 4 2 360 240 0 0 2 由图可知 粒子运动的轨道半径之比为 2 分 Lr 3 3 又 qB mv r 联立得 1 分 m qBL v 3 3 10 得 2 分 m LBq mvEk 62 1 222 2 14 12 分 解 1 在拉力
13、作用的 0 5s 时间内 由动量定理得 1 t 1 分 111 mvmgtFt 解得 m s 1 分 0 9 1 v 由动能定理得 1 分 2 11 2 1 mvxmgF 解得 m 1 分 25 2 1 x 撤掉拉力后的 0 1s 时间内 由牛顿第二定律有 2 t 1 分 mamg 解得 m s2 1 分 2 ga m s 8 8 212 atvv 0 89m 1 分 2 21 2 2 t vv x 两物块间轻绳的长度 m 1 分 14 4 210 xxxx 其它解法正确 同样给分 2 轻绳绷紧的瞬间绳子上的张力远大于小车的摩擦力 两滑块组成的系统动量守恒 有 1 分 32 2mvmv 解得
14、m s 1 分 4 4 3 v 由动量定理得 轻绳绷紧的瞬间 轻绳对小车A的冲量大小 1 分 0 3 mvPI 解得 N s 1 分 2 2 I 15 14 分 解 1 根据题意 设t时刻运动的位置如图所示 金属杆与圆导轨的交点分别 为c d 由右手定则可知 导体棒中感应电流的方向是从d端流向c端 电流只流经圆导轨 的左侧部分 因此通过圆导轨的方向为逆时针方向 2 分 设t时刻导体棒切割磁感线的有效长度为L 11 此时 导体棒接入电路的电阻为 1 分 0 rLr 感应电动势 E BLv 1 分 由闭合回路欧姆定律 通过导轨的电流大小 r E I 求得 2 分 0 r Bv I 2 导体棒运动t
15、时间 水平向右移动的距离为 vtx 时刻导体棒切割磁感线的有效长度为L 则或t 22 2RvtRL 22 2vtRRL 解得L与t的函数关系为 2 分 22 22tvRvtL 由 1 问知 时刻导体棒切割磁感线产生的感应电流 t 0 r Bv I 故 时刻导体棒的安培力F由左手定则可知方向水平向左 大小为 t 1 分 22 0 2 2 2 tvRvt r vB BILF 由平衡条件可得 1 分 FmgF 1 时刻外力的功率 1 分 tvFP 1 联立 式得 1 分 22 0 22 2 2 tvRvt r vB vmgP 对 式由数学知识可知 当 即时 外力的功率最大 Rvt v R t 2 分
16、 0 22 2 r RvB mgvPm 16 17 分 解 1 P在半圆轨道的最高点E 设轨道对P的压力为 由牛顿运动定律得 1 分 R v mNFmg E 2 0 37sin 解得 N 1 分 3 N 由牛顿第三定律得 P运动到E点时对轨道的压力FN 3N 1 分 12 2 P 从 D 点到 E 点 由动能定理得 1 分 22 00 2 1 2 1 37sin 37cos DE mvmvFRRRmg 解得 m s 1 分 34 D v P 从 C 点到 D 点 由牛顿运动定律得 1 分 1 00 37cos37sinmamgmgF 解得 说明 P 从 C 点到 D 点匀速运动 故 1 分 0 1 as m34 CD vv 由能的转化和守恒得 3 分 2 00 2 1 37sin 37cos cBCBCPm mvLFmgFLE 解得 J 1 分 1 Pm E 3 P 在 G 点脱离圆轨道 做曲线运动 把该运动分解为平行于斜面的匀减速直线运动和垂 直于斜面的初速度为零的匀加速直线运动 有 解得 m s2 1 分 3 0 37sinmamgF 4 3 a 解得 m s2 1 分 4 0 3
