《安徽省A10联盟2018届高中三年级下学期最后一卷理综物理试题 含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《安徽省A10联盟2018届高中三年级下学期最后一卷理综物理试题 含解析（19页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、. . 安徽省A10联盟2018届高三最后一卷理综物理试题二、选择题1. 随着中国在核能发电领域的发展，国际能源署界长提林比罗尔估计到2030年中国就会超过美国成为全球最大的核能国家。下列关于核反应和核能的说法正确的是A. 原子弹是利用轻核聚变制成的核武器B. 任何核反应满足质量守恒定律C. 原子核结合能越大，表明原子核中的核子结合得越牢周，原子核就越稳定D. 如果不对裂变的链武反应加以控制，就会在极短的时间内释放出巨大的能量，发生猛烈爆炸【答案】D【解析】原子弹是利用重核裂变（链式反应）制成的核武器，故A错误；原子核发生衰变时要遵守电荷数守恒和质量数守恒的规律，但质量并不守恒，故B错误。原子
2、核中，核子的比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢，原子核越稳定，故C错误。若核燃料能达到足够多时，如果对裂变的链式反应不加控制，在极短的时间内会释放出巨大的能量，发生猛烈爆炸，故D正确；故选D。【点睛】核能分为裂变和聚变两种，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核反应堆中，后者应用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上。比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢，原子核越稳定2. 匀强电场平行于等边三角形ABC所在的平面，M、N分别是BC和AC的中点。同一带负电的点电荷，由A移到B电场力做功1.210-8J，由A移到C电场力做功2.410-8J，则下列说法正确的是A. M、N
3、连线所在直线为等势线B. A点电势高于B点C. 将该点电荷由A点移到M点，电场力做功1.810-8JD. 匀强电场的方向由A点指向C点【答案】C 因BN是等势线，故MD也是等势线，即M与D的电势相等，由几何关系可知，则，根据W=Uq可知，即将该点电荷由A点移到M点，电场力做功，故C正确；故选C。【点睛】电场力做功量等于电势能的变化匀强电场的电场线为相互平行间隔相等的平行线，而等势线与电场线垂直；根据电场线与等势线的特点可确定电场线的方向，根据W=Uq分析电场力做功的情况。3. 已知月球绕地球做圆周运动的轨道半轻为r，周期为T。如图，某小行星掠过地球时其轨道刚好与月球轨道相切于A点，若只考虑地球
4、对它的引力作用，当这颗小行星运动到A点时，可以求出其A. 加速度的大小B. 线速度的大小C. 角速度的大小D. 受到地球的引力【答案】A【解析】已知月球绕地球做圆周运动的轨道半轻为r，周期为T，由万有引力提供向心力，得：，可以解得地球的质量，小行星运动到A点时，距地球的距离为r，根据牛顿第二定律得：，解得：，可以解出加速度的大小，因小行星不是围绕地球做匀速圆周运动，故无法求出线速度、角速度的大小，因不知道小行星的质量，故无法求出小行星在A点受到地球的引力，故A正确，BCD错误；故选A。【点睛】由月球绕地球做圆周运动的轨道半轻为r，周期为T，可以求出地球的质量；根据牛顿第二定律可以求出加速度的大
5、小。4. t=0时，甲、乙两车同时同向行驶，其位移时间图象分别为图中直线甲和曲线乙。已知乙车的加速度恒定，且大小为4m/s， t=3s时，直线甲和曲线乙刚好相切，则t=0时甲车和乙车的距离为A. 16m B. 18m C. 20m D. 22m【答案】B【解析】由图可知，甲车的速度为，3s时，直线甲和曲线乙刚好相切，即此时乙车的速度，由图可知乙车做匀减速直线运动，即，设乙车的初速度为，由，得，由图可知甲车的位移为，乙车的位移为，t=3s时，甲车和乙车到达同一位置，则，故选B。【点睛】由图知，甲车做匀速直线运动，由斜率求出甲车的速度t=3s时，直线甲与曲线乙刚好相切，两车的速度相等，对乙车，由速
6、度时间公式求出乙车的初速度由位移公式求出两车的位移，即可求得t=0s时两车相距的距离5. 用正弦式交变电流通过一理想变压器给距离较远的用户供电， 电路图可等效为图示电路。副线线圈与用户之间导线的电阻为r，其余部分导线与电流表的电阻均不计。已知开关S闭合前后用户消耗的电功率相等，变压器输人电压有效值不变，则下列说法正确的是A. R：r=2：1B. 开关闭合前后输电线上损失的功率之比为1：2C. 开关闭合前后变压器的输人功率不变D. 开关闭合前后电流表的读数之比为1：2【答案】B【解析】变压器输人电压有效值不变，故副线圈两端电压不变，设为，由题知，闭合前用户消耗的电功率为，闭合后用户消耗的电功率为
7、，因，即，解得：，故A错误；闭合前输电线上损失的功率为,闭合后输电线上损失的功率为，故，故B正确；根据P=UI，可知闭合前后电压不变，电流变大，故变压器的输入功率变大，故C错误；闭合前副线圈的电流为，闭合后副线圈的电流为，则副线圈电流之比为，根据电流与匝数的关系，故原线圈的电流之比为，故D错误；故选B。【点睛】闭合前后副线圈的电压不变，电阻变化，从而电流变化，利用用户消耗的功率不变得到R与r的关系，根据分析输电线损失的功率，根据副线圈电流的变化，得出原线圈电流的变化。6. 如图，两光滑平行直导轨倾斜放置，导轨平面的候角为。有两磁场均垂直于导轨平面，磁感应强度大小相等，方向相反、以虚线AC为界。
8、两磁场区域内分别有MN、PO两个金属棒放置在导轨上，两金属棒的质量相等、垂直于导软并与导轨接触良好，保持MN静止，释放PQ导轨足够长，则下列说快正确的是A. 当PQ棒的加速度为a时释放MN棒，释放的一瞬间MN棒的加速度也为aB. 当PO棒的加速度为a时释放MN棒，释放的一瞬间MN棒的加速度大于aC. 当PQ棒速度达到最大时释放MN棒，释放的一瞬间MN棒有最大加速度D. 当PQ棒速度达到最大时释放MN棒，释放后MN棒会处于静止状态【答案】AD【解析】当PQ棒的加速度为a时，设此时的电流为I，对PQ受力分析，由牛顿第二定律得：，对MN受力分析，由牛顿第二定律得：，联立得：，故A正确，B错误；当PQ
9、棒速度达到最大时，对PQ受力分析，则有：，解得：，此时对MN受力分析，则有：，故释放后MN棒会处于静止状态，故C错误，D正确；故选AD。【点睛】根据题目所给状态，分别对PQ和MN受力分析，根据牛顿第二定律求解MN的加速度，根据达到最大速度分析MN的受力情况。7. 如图，质量为2m、倾角=37的斜面体放在光滑水平面上，斜面上有一质量为m的物块。用水平推力推物块，物块和斜面体保持相对静止，一起向右做匀加速直线运动。已知物块与斜面间的动摩擦因数为=0.5.重力加速度为g，sin37= 0.6，cos37=0.8.假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则物块的加速度大小可能为A. B. C. g D. 【答
10、案】ABC【解析】对整体受力分析，由牛顿第二定律得：F=3ma；当F较小时，物块受到的最大静摩擦力沿斜面向上，对其受力分析，如图.在竖直方向上，根据平衡条件得：，在水平方向上，根据牛顿第二定律得：，联立解得：；故加速度的范围为，故ABC正确，D错误，故选ABC。【点睛】分两种情况讨论最大静摩擦力的方向，根据整体法求出加速度，再根据隔离法求出加速度的最小值和最大值，得出加速度的范围，即可分析求解。8. 如图，一个质量为m的光滑小环套在一根轻质细绳上，细绳的两端分别系在竖直的杆上A、B两点，让竖直杆以角速度匀速转动，此时小环在绳上C点，AC和BC与竖直方向的夹角分别为37和53，sin37=0.6
11、，cos37=0.8，重力加速度为g.则A. 绳上的张力大小为mgB. 绳子的长度为C. 杆上A、B两点间的距离为D. 环做圆周运动的向心加速度大小等于g【答案】ABD【解析】对小环受力分析，可知其受重力和绳子的拉力作用，受力分析如图在竖直方向上，根据平衡条件得：，在水平方向上，根据牛顿第二定律得：，联立解得：，向心加速度，；根据几何关系，得绳长，根据几何关系，得AB间的距离为，故ABD正确，C错误；故选ABD。【点睛】同一根绳拉力大小相等，对环受力分析，进行正交分解，根据平衡条件和牛顿第二定律列式求解拉力，向心加速度，绳长和AB间的距离。三、非选择题9. 某实验小组利用如图甲所示的实验装置研
12、究滑块做匀加速直线运动时的加速度。(1)利用游标为50分度的游标卡尺测量遮光条的宽度，其读数如图乙所示，则遮光条的宽度为_mm；(2)用米尺测量出两光电门之间的距离如图丙所示，则米尺的读数为_cm；(3)组装好实验器材后，将滑块由静止释放，在重锤的牵引下沿长木板做加速运动，滑块通过两光电门时，这光条的指光时间分别为=2.5010-2s，=1.2510-2s.由以上数据可求得该滑块微匀加速直线运动时的加速度大小为_m/s。(结果保留两位小数)【答案】 (1). 5.06 (2). 20.0（19.9-20.1均可） (3). 0.31（0.30-0.32均可）【解析】（1）游标卡尺的固定刻度读数
13、为，游标读数为，所以最终读数为：；（2）由图可知米尺的读数为20.0cm；（3）经过光电门A的速度为，经过光电门B的速度为，根据速度位移公式得：，代入数据得：。【点睛】了解不同的测量工具的精确度和读数方法知道光电门测量滑块瞬时速度的原理根据运动学公式求出加速度10. 某同学要测量电池组的电动势和内阻，根据实验室提供的器材，设计了图甲所示的电路图。(1)请根据电路图将图中器材连接成电路_；(2)闭合电键后，调节电阻箱。得到多组电阻箱接入电路的阻值R和对应的电压表的示数U，作出图象如图乙所示，图线与横、纵坐标轴的裁距分别为-b、a，定值电阳的阻值用表示，则该电池组的电动势为_，内阻为_；测得的电动
14、势与真实值相比_(选填“偏大”、“偏小”或“相等”)(3)该同学尝试以电压表读数U为纵坐标作图，为使做出的图线为一条直线，图象的横坐标表示的物理量应该是_(用测量值的符号表示)【答案】 (1). 如图所示； (2). (3). (4). 偏小 (5). 【解析】（1）根据图示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：（2）根据闭合电路的欧姆定律得：，变形得：，则图象的斜率：，纵轴截距：，解得：，由于电压表分流作用，通过电流表的电流大于，则电动势的测量值小于真实值。（3）根据闭合电路的欧姆定律得：，变形得：，U与是线性关系，要得到直线图象，横坐标应表示。【点睛】根据电路图连接实物电路图。根据电路
15、图应用闭合电路欧姆定律求出图象的函数表达式，然后答题。根据图示电路图应用闭合电路的欧姆定律求出图象的函数表达式，然后根据图示图象求出电源的电动势与内阻，再分析实验误差。11. 如图，光滑水平面上静止质量=1.0kg、长L=0.3m的木板，木板右端有质量=1.0kg的小滑块，在滑块正上方的0点用长r=0.4m的轻质细绳悬挂质量m=0.5kg的小球。将小球向右上方拉至细绳与整直方向成= 60的位置由静止释放，小球摆到最低点与滑块发生正碰并被反弹，碰撞时间极短，碰撞前后瞬间细绳对小球的拉力减小了4.8N，最终小滑块恰好不会从木板上滑下。不计空气阻力、滑块、小球均可视为质点，重力加速度g取10m/s。求：(1)小球碰前、碰后瞬间的速度大小；(2)小滑块与木板之间的动摩擦因数。【答案】(1)2m/s， 0.4m/s(2) 0.12【解析】试题分析：（1）根据机械能守恒求出小球下摆到最低点的速度，根据碰撞前
