《2021高考数学一轮复习第6章数列第4节数列求和教学案文北师大版》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021高考数学一轮复习第6章数列第4节数列求和教学案文北师大版（11页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、第四节数列求和最新考纲1.掌握等差、等比数列的前n项和公式.2.掌握特殊的非等差、等比数列的几种常见的求和方法(对应学生用书第102页)1公式法(1)等差数列的前n项和公式：Snna1d；(2)等比数列的前n项和公式：Sn2分组转化法把数列的每一项分成两项或几项,使其转化为几个等差、等比数列,再求解3裂项相消法把数列的通项拆成两项之差,在求和时中间的一些项可以相互抵消,从而求得其和4错位相减法如果一个数列的各项是由一个等差数列和一个等比数列的对应项之积构成的,这个数列的前n项和可用错位相减法求解5倒序相加法如果一个数列an的前n项中与首末两端等“距离”的两项的和相等或等于同一个常数,那么求这个
2、数列的前n项和即可用倒序相加法求解6并项求和法一个数列的前n项和中,可两两结合求解,则称之为并项求和形如an(1)nf(n)类型,可采用两项合并求解例如,Sn10029929829722212(10099)(9897)(21)5 050.1一些常见的数列前n项和公式(1)1234n；(2)13572n1n2；(3)24682nn2n.2常用的裂项公式(1)；(2)；(3)；(4)logaloga(n1)logan.一、思考辨析(正确的打“”,错误的打“”)(1)如果数列an为等比数列,且公比不等于1,则其前n项和Sn.()(2)当n2时,.()(3)求Sna2a23a3nan之和时只要把上式等
3、号两边同时乘以a即可根据错位相减法求得()(4)推导等差数列求和公式的方法叫做倒序求和法,利用此法可求得sin21sin22sin23sin288sin28944.5.()答案(1)(2)(3)(4)二、教材改编1数列an的前n项和为Sn,若an,则S5等于()A1B.C.D.Ban,S5a1a2a51.故选B.2若Sn123456(1)n1n,则S50_.25S50(12)(34)(4950)25.3数列1,3,5,7,(2n1),的前n项和Sn等于_n21Sn135(2n1)n2n21.4若x0,且x1,则12x3x2nxn1_.设Sn12x3x2nxn1,则xSnx2x23x3nxn,得
4、：(1x)Sn1xx2xn1nxnnxn,所以Sn.(对应学生用书第102页)考点1分组转化求和分组转化求和的两个常见类型(1)若anbncn,且bn,cn为等差或等比数列,可采用分组求和法求an的前n项和；(2)通项公式为an的数列,其中数列bn,cn是等比数列或等差数列,可采用分组转化法求和已知数列an的前n项和Sn,nN*.(1)求数列an的通项公式；(2)设bn2an(1)nan,求数列bn的前2n项和解(1)当n1时,a1S11；当n2时,anSnSn1n.a1也满足ann,故数列an的通项公式为ann.(2)由(1)知ann,故bn2n(1)nn.记数列bn的前2n项和为T2n,则
5、T2n(212222n)(12342n)记A212222n,B12342n,则A22n12,B(12)(34)(2n1)2nn.故数列bn的前2n项和T2nAB22n1n2.母题探究在本例(2)中,若条件不变,求数列bn的前n项和Tn.解由本例(1)知bn2n(1)nn.当n为偶数时,Tn(21222n)1234(n1)n2n12；当n为奇数时,Tn(21222n)1234(n2)(n1)n2n12n2n1.所以Tn通项公式中出现(1)n,在求数列的前n项和Sn时,要分n为偶数和n为奇数两种情况讨论1.若数列an的通项公式为an2n2n1,则数列an的前n项和为()A2nn21B2n1n21C
6、2n1n22D2nn2CSna1a2a3an(21211)(22221)(23231)(2n2n1)(2222n)2(123n)n2n2(2n1)n2nn2n1n22.故选C.2已知数列an中,a1a21,an2则数列an的前20项和为()A1 121B1 122C1 123D1 124C由题意可知,数列a2n是首项为1,公比为2的等比数列,数列a2n1是首项为1,公差为2的等差数列,故数列an的前20项和为10121 123.选C.考点2错位相减法求和错位相减法求和的四个步骤(2019天津高考)设an是等差数列,bn是等比数列,公比大于0,已知a1b13,b2a3,b34a23.(1)求an
7、和bn的通项公式；(2)设数列cn满足cn求a1c1a2c2a2nc2n(nN*)解(1)设等差数列an的公差为d,等比数列bn的公比为q.依题意,得解得故an33(n1)3n,bn33n13n.所以,an的通项公式为an3n,bn的通项公式为bn3n.(2)a1c1a2c2a2nc2n(a1a3a5a2n1)(a2b1a4b2a6b3a2nbn)(631123218336n3n)3n26(131232n3n)记Tn131232n3n,则3Tn132233n3n1,得,2Tn332333nn3n1n3n1.所以,a1c1a2c2a2nc2n3n26Tn3n23(nN*)错位相减法求和时应注意两
8、点(1)两式相减时最后一项因为没有对应项而忘记变号(2)对相减后的和式的结构认识模糊,错把中间的n1项和当作n项和设等差数列an的公差为d,前n项和为Sn,等比数列bn的公比为q,已知b1a1,b22,qd,S10100.(1)求数列an,bn的通项公式；(2)当d1时,记cn,求数列cn的前n项和Tn.解(1)由题意得即解得或故或(2)由d1,知an2n1,bn2n1,故cn,于是Tn1,Tn.可得Tn23,故Tn6.教师备选例题(2017山东高考)已知an是各项均为正数的等比数列,且a1a26,a1a2a3.(1)求数列an的通项公式；(2)bn为各项非零的等差数列,其前n项和为Sn.已知
9、S2n1bnbn1,求数列的前n项和Tn.解(1)设an的公比为q,由题意知：a1(1q)6,aqa1q2,又an0,由以上两式联立方程组解得a12,q2,所以an2n.(2)由题意知S2n1(2n1)bn1,又S2n1bnbn1,bn10,所以bn2n1.令cn,则cn.因此Tnc1c2cn,又Tn,两式相减得Tn,所以Tn5.考点3裂项相消法求和裂项相消法求和的两个关注点(1)通项公式能裂为两项差的形式,求和时能产生连续相互抵消的项(2)消项后前边剩几项,后边就剩几项,前边剩到第几项,后边就剩到倒数第几项形如an型已知数列an的各项都为正数,其前n项和为Sn,且满足4Sna2an3对任意的
10、正整数n都成立(1)证明数列an是等差数列,并求其通项公式；(2)设bn,求数列bn的前n项和Tn.解(1)当n1时,4S1a2a13,即a2a130,解得a13或a11(舍去),由4Sna2an3,得当n2时,4Sn1a2an13,两式相减,得4anaa2an2an1,即(anan1)(anan12)0,又an0,anan120,即anan12(n2),数列an是以3为首项,2为公差的等差数列,an32(n1)2n1.(2)由an2n1,得Snnn(n2),bn,Tnb1b2b3bn1bn.本例在求前n项和Tn时,应注意两点：(1)bn裂成两项差时,不要漏掉系数.(2)求和消项后,前边剩两项
11、,后边也剩两项,注意符号不同教师备选例题在等差数列an中,a24,a1a4a730,其前n项和为Sn.(1)求数列an的通项公式；(2)求数列的前n项和Tn.解(1)设等差数列an的公差为d.法一：由已知可得即解得所以ana1(n1)d1(n1)33n2.法二：由等差数列的性质可得a1a4a73a430,解得a410,所以d3,所以ana2(n2)d4(n2)33n2.(2)由(1)知Sn,所以Sn2n2n,所以.所以Tn.形如an型已知函数f(x)x的图像过点(4,2),令an,nN*,记数列an的前n项和为Sn,则S2 020()A.1B.1C.1D.1C由f(4)2,得42,解得,则f(x)x.an,S2 020a1a2a3a2 020()()()()()1,故选C.本例中通项公式的裂项使用了分母有理化1.已知数列an的通项公式为anlg,若数列an的前n项和Sn3,则项数n()A99B101C999D1001Canlglglg(n1)lg n,Sna1a2a3an(lg 2lg 1)(lg 3lg 2)(lg 4lg 3)lg(n1)lg nlg(n1),令Snlg(n1)3得n1103,解得n999,故
