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1、甘肃省静宁县第一中学2019-2020学年高二物理上学期第一次月考试题（含解析）一、选择题1.两个相同的带电导体小球所带电荷量的比值为1：3，相距为r时相互作用的引力的大小为F，今使两小球接触后再分开放到相距为2r处，则此时库仑力的大小为（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】两电荷之间存在引力，可知带异种电荷，设一个小球带电量为大小Q，则另一个为大小3Q，根据库仑定律有：两球接触前：；接触再分开后，两球带同种电荷，因此两球带电量大小分别为： ;由库仑定律得：，故BCD错误，A正确。故选A。2.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即Uab=
2、Ubc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知（）A. 三个等势面中，a的电势最高B. 带电质点通过P点时电势能较大C. 带电质点通过P点时的动能较大D. 带电质点通过P点时的加速度较小【答案】B【解析】电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故c等势线的电势最高，a点的电势最低，故A错误；根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能较大，故B错误；根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，动能增加，所以质点通过Q点时的动能较大，故C错误；等势线密的地方
3、场强大，加速度大，故质点通过P点时的加速度较大，故D错误。所以B正确，ACD错误。3.如图所示为两个等量点电荷的电场线，图中A点和B点、C点和D点皆关于两电荷连线的中点O对称，若将一电荷放在此电场中，则以下说法正确的是（）A. 电荷在O点受力最大B. 电荷沿直线由A到B的过程中，电场力先增大后减小C. 电荷沿直线由A到B的过程中，电势能先增大后减小D. 电荷沿直线由C到D的过程中，电场力先增大后减小【答案】D【解析】试题分析：根据电场线的疏密特点，在AB直线上，O点电场强度最小，则受到电场力最小，而在CD直线上，O点的电场强度最大，则受到电场力最大，因此电荷在0点受力不是最大，故A错误根据电场
4、线的疏密可知，从A到B的过程中，电场强度先减小后增大，则电场力也先减小后增大；同理从C到D的过程中，电场强度先增大后减小，则电场力也先增大后减小故B错误，D正确，电荷沿直线由A到B的过程中，无法确定电荷做功的正负，因此无法确定电势能变化，故C错误故选D。考点：电场线；电场强度【名师点睛】常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，并要注意依据电场线的疏密来判定电场强度的大小，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题。4.以下有关说法中正确的是（ ）A. 由可知电场中一点的电场强度与检验电荷的受力成正比B. 由可知电场中一点的电势与检验电
5、荷的电势能成正比C. 由可知电容器的电容与电容器极板上的带电量成正比D. 由可知导体的电阻与导体的长度成正比【答案】D【解析】【详解】ABC.三个公式、都是运用比值法定义的,所以E由电场本身决定,与F无关；电势与q无关，由电场本身决定；C由电容器本身决定,与U、Q无关.故ABC错误；D.是电阻的决定式，可知导体的电阻与导体的长度成正比，与横截面积成反比，与电阻率成正比。5.一带电小球在空中由A点运动到B点的过程中，只受重力、电场力和空气阻力三个力的作用。若重力势能增加5 J，机械能增加1.5 J，电场力做功2 J，则小球()A. 重力做功为5 JB. 电势能减少2 JC. 动能增加3.5 JD
6、. 空气阻力做功0.5 J【答案】B【解析】【详解】重力做功等于重力势能的减小量，重力势能增加5J，故重力做功-5J，故A错误；电场力做功等于电势能的减小量，电场力做功2J，故电势能减小2J，故B正确；重力势能增加5J，机械能增加1.5J，而机械能等于动能与重力势能之和，所以动能减小 5J-1.5J=3.5J，故C错误。除重力以外的各个力做的总功等于机械能的增加量，除重力外，有电场力做功和空气阻力做功，机械能增加1.5J，所以电场力与空气阻力做的总功为1.5J，电场力做功为2J，所以空气阻力为1.5J-2J=-0.5J，故D错误；故选B。【点睛】本题要掌握常见的功与能的关系，知道功是能量转化的
7、量度，有多种表现形式：重力做功是重力势能变化的量度；电场力做功是电势能变化的量度；合力做功是动能变化的量度；重力外的各个力做的总功是机械能变化的量度6.在如图所示的电路中，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，则（ ）A. 电压表和电流表的示数都增大B. 灯L2变暗，电流表的示数减小C. 灯L1变亮，电压表的示数减小D. 灯L2变亮，电容器的带电量增加【答案】C【解析】【详解】将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，R与灯L2并联的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，灯L1变亮。R与灯L2并联电路
8、的电压U并UU1，U减小，U1增大，U并减小，灯L2变暗。流过电流表的电流IAII2，I增大，I2减小，IA增大，电流表的示数增大A. 电压表和电流表的示数都增大与分析不符，A错误B. 灯L2变暗，电流表的示数减小与分析不符，B错误C. 灯L1变亮，电压表的示数减小与分析符合，C正确D. 灯L2变亮，电容器的带电量增加与分析不符，D错误7.喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中A. 向负极板偏转B. 电势能逐渐增大C. 运动轨迹是抛物线D. 运动轨迹与带电量无关【答案】C【解析】A项：由于带负电，
9、故向正极板偏转，A错误；B项：由于带负电墨汁微滴做正功，故电势能减少，B错误；C项：由于电子在电场中做类平抛运动，轨迹为抛物线，故C正确；D项：由侧向位移，可知运动轨迹与带电量有关，D错误点晴：本题主要考查带电粒子在电场中的偏转即粒子作类平抛运动：沿初速度方向作匀速直线运动，电场力方向作匀加速直线运动。【此处有视频，请去附件查看】8.如图所示，把四个相同的灯泡接成甲、乙两种电路后，灯泡都正常发光，且两个电路的总功率相等，则这两个电路中的、及、之间的关系正确的是A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】CD.分析电路的结构，根据串并联电路的特点得出电流关系，由欧姆定律可得出电压之比及电流
10、之比，设灯泡的额定电流为，电压为，因两灯泡正常发光，故灯泡中电流相等，则甲电路中电流为，乙电路中电流为；因总功率相等，故两电阻消耗的功率相等；则由：可知：故CD错误；AB.又由欧姆定律可知：；故A正确，B错误。9.用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表、，若把、分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是A. 图甲中的、的示数相同B. 图甲中的、的指针偏角相同C. 图乙中、的示数和偏角都不同D. 图乙中的、的指针偏角相同【答案】B【解析】【详解】AB.图甲中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针
11、偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同，故A错误，B正确； CD.图乙中的A1、A2串联，A1、A2的示数相同，由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同，故CD错误。10.如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地。在两极板间有一固定在P点的点电荷，以E表示两板间的电场强度，EP表示点电荷在P点的电势能，表示静电计指针的偏角。若保持下极板不动，将上极板向上移动一小段距离至图中虚线位置，则A. 增大，E不变，EP不变B. 减小，E减小，EP减小C. 减小，E不变，EP增大D. 増大，E増大，EP増大【答案】
12、A【解析】【详解】电容器与电源断开，故电量不变；上极板向上移动时，两板间的距离增大，根据，可知，电容C减小，则根据可知，电压U增大；故静电计指针偏角增大；两板间的电场强度，因此电场强度与板间距无关，因此电场强度不变；因电场强度不变，且P点离下极板间距不变，因此P点的电势不变，那么电荷在P点的电势能也不变A. 增大，E不变，EP不变与分析相符，A正确B. 减小，E减小，EP减小与分析不符，B错误C. 减小，E不变，EP增大与分析不符，C错误D. 増大，E増大，EP増大与分析不符，D错误11.下列结论正确的是A. 静电平衡状态下的导体内部场强处处为零B. 电场强度的方向与等势面处处垂直C. 焦耳定
13、律对非纯电阻电路不适用D. 电场强度越大的地方电势越高，电场强度越小的地方电势越低【答案】AB【解析】【详解】A.当感应电荷的电场与外电场大小相等时方向相反时达到静电平衡,所以处于静电平衡状态的导体内部场强处处为0.所以A选项是正确的；B静电平衡的物体是一个等势体，电场线一定与等势面垂直，故B选项是正确的；C. 焦耳定律对任何电路都适用，故C选项是错误的；D. 电势的高低与电场强度的大小无关,电场中某点的电场强度越大,该点的电势不一定高.故D错误12.干电池的电动势为，其意义为A. 在电源内部把1C正电荷从负极搬到正极，非静电力做功B. 在电源内部把1C正电荷从负极搬到正极，静电力做功C. 该
14、电池比电动势为的锌汞电池非静电力做功本领强D. 干电池在1s内将的化学能转化为电能【答案】AC【解析】【分析】电源的电动势在数值上等于电源没有接入电路时两极间的电压，电动势与电功率不同.当1s内能使1.5C的电量通过导线的某一截面时，电路中电流是1.5A，但电动势不一定等于1.5V.导线某一截面每通过1C的电量，这段导线就消耗1.5J的电能【详解】由W=Eq可知，在电源内部把1C正电荷从负极搬到正极，非静电力做功1.5J；故A正确，B错误；电动势反映电池的做功能力；1.5V的电池做功能力大于1.2V的电池；故C正确；由于不知道1s中移送的电荷量，无法求出转化的电能；故D错误；故选AC。【点睛】
15、本题考查电动势的定义及内部非静电力做功的问题，要明确区分静电力做功与非静电力做功的区别13.如图所示是有两个量程的电流表，当分别使用a和b、a和c接线柱时，此电流表有两个量程，其中一个量程为01 A，另一个量程为00.1 A，表头内阻Rg=200 ，满偏电流Ig=2 mA，则（ ）A. 当使用a、b时量程为01 AB. 当使用a、c时量程为01 AC. 电阻R1=0. 41 D. 电阻R2=0.41 【答案】AC【解析】【详解】AB.表头改装成电流表时需并联分流电阻，且分流电阻越小，改装后量程越大，可知使用a、b时量程为01A，使用a、c时量程为00.1A，故A正确，B错误；CD.由并联电路各支路两端电压相等可得Ig（R2+Rg）=（I1Ig）R1，IgRg=（I2Ig）（R1+R2），Ig=2mA，I1=1A，I2=0.1A，解得R1=0.41，R2=3.67，故C正确，D错误.14.如图所示，直线A为某电源的UI图线，曲线B为某小灯泡L的UI图线的一部分，用该电源和小灯泡L串联起来组成闭合回
