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1、2015年江苏省南京市、盐城市高考物理一模试卷一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1（3分）（2015盐城一模）取一根玻璃筒，一端封闭，另一端装有阀门，内有羽毛和金属片，用抽气机把筒内的空气抽尽后关闭阀门，先把玻璃筒竖直放置，再把玻璃筒倒立过来，则（） A 金属片下落的加速度大 B 羽毛落到底端的速度小 C 羽毛运动的轨迹是曲线 D 金属片和羽毛同时落到底端【考点】： 自由落体运动【专题】： 自由落体运动专题【分析】： 把管内的空气几乎抽尽，羽毛、金属片都只受重力作用，下落加速度均为g，下落一样快【解析】： 解：把管内的空气几乎抽尽，羽毛、金属片都只受
2、重力作用，下落加速度均为g，经过相同时间，物体的速度为v=gt，g相同，v一样大，即下落一样快，所以金属片和羽毛同时落到底端故选：D【点评】： 本题考查对落体运动快慢的理解能力，要区别伽利略和亚里士多德的观念，根据牛顿第二定律理解有空气的环境重物下落快的原因2（3分）（2015盐城一模）四个物体的位移时间图象如图所示，其中表示物体做加速运动的是（） A B C D 【考点】： 匀变速直线运动的图像【专题】： 运动学中的图像专题【分析】： 位移时间图线反映了物体各个时刻的位置坐标情况，图线的斜率表示是速度【解析】： 解：位移时间图线的斜率表示是速度，根据图象可知，A做运动运动，B处于静止状态，C
3、的斜率逐渐增大，做加速运动，D的斜率逐渐减小，做减速运动，故C正确故选：C【点评】： 本题关键要明确位移时间图线中，斜率表示速度，速度时间图线中，斜率表示加速度，不能混淆3（3分）（2015盐城一模）如图所示，两根等长带电棒放置在第一、二象限，其端点在两坐标轴上，棒与坐标轴围成等腰直角三角形，两棒带电量相等，且电荷均匀分布，此时O点场强度大小为E，撤去其中一根带电棒后，O点的电场强度大小变为（） A B E C E D E【考点】： 电场线；电场强度【分析】： 先把带电棒等效成点电荷，利用点电荷产生的场强进行矢量求解解可【解析】： 解：两根等长带电棒等效成两个正点电荷如图，两正点电荷在O点产生
4、的场强的小为E=，故撤走一根带电棒后，在O点产生的场强为，故选：B【点评】： 本题主要考查了带电体电荷的等效，然后利用电场的矢量性即可求得4（3分）（2015盐城一模）减速带是交叉路口常见的一种交通设施，车辆驶过减速带时要减速，以保障行人的安全，当汽车前轮刚爬上减速带时，减速带对车轮的弹力为F，如图中弹力F画法正确且分解合理的是（） A B C D 【考点】： 力的合成【分析】： 减速带对车轮的弹力方向垂直于接触面，指向受力物体，根据力的作用效果，结合平行四边形定则进行分解【解析】： 解：减速带对车轮的弹力方向垂直车轮和减速带的接触面，指向受力物体，故A、C错误按照力的作用效果分解，将F可以分
5、解为水平方向和竖直方向，水平方向的分力产生的效果减慢汽车的速度，竖直方向上分力产生向上运动的作用效果，故B正确，D错误故选：B【点评】： 解决本题的关键知道弹力的方向垂直于接触面，指向受力物体，知道力分解要按照实际的作用效果进行分解5（3分）（2015盐城一模）如图所示的电路中，灯泡A、B和电感L与直流电源连接，电感的电阻忽略不计，灯泡A的阻值是灯泡B的2倍，电键K从闭合状态突然断开时，下列判断正确的有（） A A先变亮，然后逐渐变暗 B B先变亮，然后逐渐变暗 C A立即熄灭，B逐渐变暗 D A、B两灯泡都逐渐变暗【考点】： 自感现象和自感系数【分析】： 当电键S闭合时，通过线圈L的电流增大
6、，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律判断感应电动势的方向和作用，分析哪个灯先亮断开瞬间也可以按照同样的思路分析【解析】： 解：由于电感的电阻忽略不计，灯泡A的阻值是灯泡B的2倍，所以闭合开关，电路稳定后流过L的电流大于流过A的电流；断开开关时，线圈产生与原电流方向相同的自感电流阻碍原电流的减小，而灯泡A中原来的电流消失，流过A的电流与流过线圈L的电流相等，所以A灯先变亮，然后两灯泡都逐渐熄灭故BCD错误，A正确；故选：A【点评】： 对于自感现象，是特殊的电磁感应现象，应用法拉第电磁感应定律进行理解，注意灯泡L2为何闪亮的原因，及断开后通过两灯泡的电流方向二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分
7、，共计16分每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答得0分6（4分）（2015盐城一模）位移传感器能够将位移这个力学量通过电容器转化成电学量，如图所示，电容器两极板固定不动，带等量异种电荷，且保持不变，当被测物体带动电介质板向左移动时，电容器（） A 电容增大 B 电容减小 C 两极板电压变大 D 两极板电压变小【考点】： 电容器的动态分析【专题】： 电容器专题【分析】： 根据电容的决定式判断电容大小，根据定义式判断电压变化【解析】： 解：由公式C=知，当被测物体带动电介质板向左移动时，导致两极板间电介质减小，那么其电容C减小，由公式C=知，电荷量不变时，U增
8、大，故BC正确，AD错误；故选：BC【点评】： 本题考查电容的定义式及决定式的配合使用，注意只能根据决定式判断电容的变化，再由定义式判断电压或电量的变化7（4分）（2015盐城一模）如图所示，A、B是绕地球运行的“天宫一号”椭圆形轨道上的近地点和远地点，则“天宫一号”（） A 在A点时线速度大 B 在A点时重力加速度小 C 在B点时向心加速度小 D 在B点时向心加速度大于该处的重力加速度【考点】： 人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【专题】： 人造卫星问题【分析】： 根据开普勒第二定律可知：在近地点的速度大于远地点的速度，根据做功公式判断功的正负，根据万有引力提供向心力公
9、式判断加速度的大小【解析】： 解：A、根据开普勒第二定律可知：在近地点的速度大于远地点的速度，所以A点的速度大于B点的速度，故A正确；B、根据牛顿第二定律和万有引力定律得：g=，因为A的轨道半径小于B的轨道半径，所以在A点时重力加速度大，故B错误；C、向心加速度a=，A点的速度大于B点的速度，A的轨道半径小于B的轨道半径，所以在B点时向心加速度小，故C正确；D、在B点卫星做近心运动，即万有引力大于需要的向心力，所以该处的重力加速度大于在B点时向心加速度，故D错误故选：AC【点评】： 本题主要考查了开普勒第二定律、万有引力公式、力做功正负判断方法的应用，难度不大，属于基础题8（4分）（2015盐
10、城一模）航母上飞机弹射起飞是利用电磁驱动来实现的，电磁驱动原理如图所示，当固定线圈上突然通过直流电流时，线圈端点的金属环被弹射出去，现在固定线圈左侧同一位置，先后放有分别用横截面积相等的铜和铝导线制成形状、大小相同的两个闭合环，且铜铝，合上开关S瞬间（） A 从左侧看环中感应电流沿顺时针方向 B 铜环受到的安培力大于铝环受到的安培力 C 若将铜环旋转在线圈右方，环将向左运动 D 电池正负极调换后，金属环不能向左弹射【考点】： 楞次定律【分析】： 由右手螺旋定则可求得线圈中的磁场方向，再由楞次定律明确电流方向及环的受力方向【解析】： 解：A、线圈中电流为右侧流入，磁场方向为向左，在闭合开关的过程
11、中，磁场变强，则由楞次定律可知，电流由左侧看为顺时针；故A正确；B、由于铜环的电阻较小，故铜环中感应电流较大；故铜环受到的安培力要大于铝环，故B正确；C、若环放在线圈右方，根据“来拒去留”可得，环将向右运动；故C错误；D、电池正负极调换后，金属环受力向左，故仍将向左弹出；故D错误；故选：AB【点评】： 本题要掌握楞次定律的两种描述，一是“增反减同”；二是“来拒去留”；并能灵活根据它们去判断电流方向及受力方向9（4分）（2015盐城一模）如图所示，内壁光滑的圆形轨道固定在竖直平面内，轻杆两端固定有甲、乙两小球，甲球质量小于乙球质量，将两球放入轨道内，乙球位于最低点，由静止释放轻杆后，则甲球（）
12、A 能下滑到轨道的最低点 B 下滑过程中杆对其做负功 C 滑回时一定能返回到初始位置 D 滑回过程中增加的重力势能等于乙球减少的重力势能【考点】： 机械能守恒定律【专题】： 机械能守恒定律应用专题【分析】： 甲与乙两小球系统，重力势能和动能相互转化，系统机械能守恒，根据机械能守恒定律求解即可【解析】： 解：A若甲球沿凹槽下滑到槽的最低点，乙则到达与圆心等高处，但由于乙的质量比甲大，造成机械能增加了，明显违背了机械能守恒定律，故甲球不可能到圆弧最低点，但返回时，一定能返回到初始位置，故A错误，C正确；B、下滑过程中，乙的机械能逐渐增大，所以甲的机械能逐渐减小，则杆对甲做负功，故B正确D、甲与乙两
13、个物体系统机械能守恒，滑回过程中，甲球增加的重力势能等于乙减小的机械能以及甲的动能故D错误故选：BC【点评】： 本题关键是甲与乙两个球系统机械能守恒，也可以找出系统重心，当作单个物体进行分析三、简答题：本题分必做题（第10，11题）和选做题（第12题）两部分，共计42分请将解答填写在答题卡相应的位置10（8分）（2015盐城一模）小球A从桌边水乎抛出，当它恰好离开桌边缘时小球B从同样高度处自由下落，频闪照相仪拍到了A球和B球下落过程的三个位置，1图中A球的第2个位置未画出已知背景的方格纸每小格的边长为2.45cm，频闪照相仪的闪光频率为10Hz请在1图中标出A球的第2个位置；A球离开桌边时速度
14、的大小为0.735m/s为测定滑块与水平桌面的动摩擦因数，某实验小组用弹射装置将滑块以不同初速度弹出，通过光电门测出初速度v0的值，用刻度尺测出其在水平桌面上滑行的距离s，测量数据见表（g=10m/s2）实验次数 v02（m2/s2） s（cm）l 1.2 15.02 2.5 31.03 4.2 53.04 6.0 75.05 7.5 94.0在2图示坐标中作出v02s的图象；利用图象得到动摩擦因数=0.4【考点】： 探究影响摩擦力的大小的因素【专题】： 实验题；摩擦力专题【分析】： 平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据该规律得出A球第2个位置根据相等时间内的位
15、移之差是一恒量得出相等的时间间隔，从而得出频闪照相仪的闪光频率通过水平方向上的位移求出A球离开桌边时的速度大小根据图象用直线将点相连，误差较大的点舍去；结合动能定理的表达式分析图象的可得出图象中斜率与动摩擦因数的关系，从而即可求解【解析】： 解：（1）因为A球在竖直方向上做自由落体运动，与B球的运动规律相同，则第2个位置与B球的第二个位置在同一水平线上在水平方向上做匀速直线运动，则第2球距离第3个球水平距离为3格如图所示频闪照相仪的闪光频率为10Hz，则T=0.1sA球离开桌边时的速度（2）（1）根据描点法作出图象，如图所示：（2）由动能定理可得：W=F合s=mv2mv02=m（v2v02）v2=s=2gs；则可知图象的斜率等于2g，由图可知，图象的斜率为=8；解得：=0.4；故答案为：
