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1、2018年四川省眉山市中考物理试卷一、选择题1. 如图所示，在A、B、C、D4个相同的玻璃瓶中，装入不同高度的水，则（ ）学*科*网.学*科*网.学*科*网.学*科*网.学*科*网.A. 敲打D瓶发出的声音传播得最快B. 用嘴依次吹瓶口，A的音调最高C. 用筷子依次敲打瓶口，B的音调最高D. 瓶周围有没有空气瓶发出的声音都能直接传入人耳【答案】B【解析】【详解】解：A、不论敲打哪个瓶子时声音的传播速度都是相同的，因为同种介质中声速相同，故A错误；B、用嘴依次吹瓶口，因为A中的空气柱最短，振动的最快所以发出的音调最高，故B正确；C、用筷子敲打瓶子时，是水和瓶子的振动发出的声音，因为D的质量最小，
2、所以振动最快，发声的音调就最高，故C错误；D、如果瓶周围没有空气，声音不能直接传入人耳，因为声音的传播需要介质，故D错误。故选：B。点睛：掌握音调由振动频率决定，频率越快，音调就越高；声速的大小与介质的种类和温度有关；声音的传播需要介质。2. 以下说法正确的是（）A. 物体吸收热量，温度一定升高B. 热机的大量使用有利于环境的保护C. 燃料的热值与燃料的质量没有关系D. 热机的工作过程只是将内能转化成机械能的过程【答案】C【解析】解：A、不正确，比如晶体熔化过程中，吸热但温度不变；B、热机多数燃烧的都是化石燃料，燃烧时产生氮氧化合物等有害气体，会造成环境污染；故B错误；C、热值是指1千克某种燃
3、料完全燃烧所放出的热量，是物质本身固有的一种性质，只跟燃料的种类有关，与燃料的质量和是否充分燃烧没有关系故C正确；D、热机工作时：压缩冲程机械能转化为内能，做功冲程内能转化为机械能，故D错误。故选：C。点睛：晶体熔化过程中，吸热但温度不变；热机的使用会造成环境污染；燃料的热值是物质本身固有的一种性质，只与燃料的种类有关；热机是把内能转化为机械能的装置；热机工作过程中，在压缩冲程机械能转化为内能，做功冲程内能转化为机械能。3. 分子动理论是人们用来解释热现象的初步知识，以下几幅图中所描述的物理现象不符合分子动理论内容的是（）A. B. C. D. 【答案】D【解析】解：分子动理论内容的是：物质是
4、由分子组成的，分子在不停地做无规则运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力，分子间存在间隙。 A、扩散现象说明一切分子都在做无规则运动，符合题意；B、图中两个压紧的铅块能吊起钩码，说明分子间存在引力，符合题意；C、气体压缩到一定程度后，难以再压缩，说明分子间存在斥力，符合题意；D、卫星围绕地球转动属于宏观运动，不符合题意。故选：D。点睛：难度不大，掌握分子动理论的内容，然后进行分析。4. 2018年4月30日东坡国际半程马拉松比赛在眉山市湿地公园隆重举行，若甲、乙两位运动员同时从起跑线起跑并做匀速直线运动，他们的路程时间st图象是如图所示，a、b、c三条图线中的两条，甲的速度大于乙的速度，运动5
5、s甲、乙间的距离大于2m，则（ ） A. 甲的st图象一定为a B. 乙的st图象一定为cC. 甲的st图象可能为b D. 乙的st图象可能为a【答案】A【解析】【解答】解：由st图象可知， vavbvc；t5s时，a、b、c 通过的路程分别约为1m、2.5m、5m 所以sasb2m，sasc2m，sbsc2m；由题目条件知，甲的速度大于乙的速度，运动5s甲、乙间的距离大于2m；可判断，甲的st图象一定是图线a；乙可能是图线b，也可能是图线c；故选：A。点睛：根据st图象找出同一时刻a、b、c对应的路程，然后由速度公式判断三图象对应速度的大小关系；由图象判断5s内，三图象的路程差；根据图象a、
6、b、c的速度及它们5s的路程差，根据题意选择答案。5. 小李将一排球竖直向上抛出，排球离开手后竖直向上运动到一定高度又落回地面，不计空气阻力，关于排球离开手后的运动过程中，下列说法正确的是（）A. 排球在上升过程中小李对排球做功B. 排球在下落过程中排球的动能减小C. 排球在上升过程中排球受到一个竖直向上的力D. 排球在下落过程中排球所受的重力做功越来越快【答案】D【解析】解：A、排球在上升过程中，小李对排球不在施加力的作用，所以不做功；B、在下落过程中，质量不变，速度逐渐变大，动能变大；C、不计空气阻力，上升过程中，排球只受重力作用；D、排球下落时速度越来越快，所以相同时间内下洛高度越大，即
7、重力做功越来越快，故选：D。点睛：根据做功的两个必要因素分析；影响动能大小的因素有质量和速度；排球在下落过程中，排球下落速度越来越大，下落相同高度，用时间越来越少，即重力做功快慢。6. 小王同学在研究影响滑动摩擦力大小的因素时，用同一木块和同一砝码等器材，做了如图所示a、b、c三次实验，他用弹簧测力计拉动木块做匀速直线运动，则三次实验中木块受到的滑动摩擦力（）A. a图中木块受到的滑动摩擦力最大B. b图中木块受到的滑动摩擦力最大C. c图中木块受到的滑动摩擦力最大D. b、c图中木块受到的滑动摩擦力大小相等【答案】A【解析】解：根据压力越大，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大； bc中接触面相同，
8、b的压力大，所以b中受到的摩擦力大，ab中，压力相同，a的接触面粗糙，则a中受到的摩擦力要大一些，所以a中的摩擦力是最大的；故选：A。点睛：根据影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度进行分析。7. 如图所示，放在水平桌面上的三个完全相同的容器内，装有适量的水，将A、B、C三个体积相同的正方体分别放入容器内，待正方体静止后，三个容器内水面高度相同。下列说法正确的是（）A. 物体受到的浮力大小关系为FAFBFCB. 三个物体的密度大小关系是ABCC. 容器对桌面的压力大小关系为F甲=F乙=F丙D. 容器底部受到水的压强大小关系为P甲P乙P丙【答案】C【解析】A、由图可知， VA排
9、VB排VC排，根据阿基米德原理可得浮力的大小关系为：FAFBFC，故A错误；B、A和B漂浮，C悬浮，由浮沉条件可知：GAFA，GBFB，GCFC，又FAFBFC，故GAGBGC；因为体积相同，由知：ABC，故B错误；h相同，密度相同，根据pgh可知，容器底的压强关系为p甲p乙p丙，故D错误；因为容器的底面积相同，所以根据FPS得液体对容器底部的压力相同，液体对容器底部的压力加上容器的重力即桌面受到的压力，所以容器对桌面的压力大小关系为F甲F乙F丙故C正确。故选：C。点睛：根据阿基米德原理判断物体受到的浮力大小关系；利用浮沉条件判断物体密度与水的密度大小关系；根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力
10、等于物体排开液体的重力；利用pgh判断容器底受到水的压强关系。8. 下表中有几种物质的比热容，小张同学根据提供的数据得出了四个结论，其中正确的是（ ）A. 一杯水比一桶煤油的比热容小B. 液体的比热容一定比固体的比热容大C. 水吸收或放出热量的本领较强，常用作冷却剂D. 比热容是物质自身的性质之一，只和物质的种类有关【答案】C【解析】解：比热容是物质本身的一种特性，与物质的种类和状态有关，与物质吸收热量的多少、质量多少、温度变化没有关系；A从表格可以看出，水的比热容比煤油的比热容大，故A错误。B、不正确，比如：煤油的比热容与冰的比热容相等；C、因水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高（
11、降低）相同的温度，水吸收（放出）的热量多，所以常用作冷却剂，故C正确；D、比热容是物质自身的性质之一，不仅跟物质的种类有关也与状态有关，故D错误。故选：C。点睛：比热容是物质本身的一种特性，与物质的种类和状态有关，与物质吸收热量的多少、质量多少、温度变化没有关系；根据比热容的特点进行分析判断。9. 如图所示，闭合开关，条形磁铁静止后，将滑动变阻器滑片P从左往右滑动的过程中，弹簧将（）A. 缩短 B. 伸长 C. 静止不动 D. 先伸长后缩短【答案】B【解析】解：滑片从左往右滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中的电流变大，通电螺线管的磁性增强；根据图中电流方向结合安培定则可判断出：螺线管的
12、上端为N极，下端为S极，此时根据磁极捡到相互作用：异名磁极相互吸引，所以螺线管对磁铁的吸引力增大，弹簧的长度变长。故选：B。点睛：先确定滑片移动时变阻器电阻的变化情况，再根据欧姆定律确定电路中电流的变化；根据安培定则确定通电螺线管的N、S极，然后根据螺线管的磁性变化以及磁极间的相互作用判断弹簧长度的变化。10. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关后，两灯都能正常工作，灯L1，L2的电阻之比为R1：R2=1：2，此时甲、乙两电表的示数之比为（）A. 2：1 B. 1：2 C. 3：2 D. 2：3【答案】D【解析】解：乙表与电源两端连接，所以乙是电压表，甲如果是电流表， S闭合时，灯L2短路，
13、与题意不符，故甲也是电压表，甲表测L2的电压，乙表测电源电压，两灯串联， ，根据分压原理可知，根据串联电路总电压等于各用电器两端的电压之和可得，甲、乙两电表的示数之比为 故选：D。点睛：根据电路的连接，乙表与电源连接，故为电压表，甲表不能是电流表，故两表都为电压表，甲表测L2的电压，乙表测电源电压，两灯串联，根据分压原理和串联电路电压的规律得出答案。11. 如图所示，电源电压不变，下列说法正确的是（）A. 只闭合S1，将P向左移动，电流表示数变小，电压表示数变大B. 闭合S1、S2，断开S3，将P向左移动，R1消耗的功率增大C. 开关都闭合，将P向左移动，电压表的示数为零，电流表示数变小D.
14、开关都闭合，将P向左移动，L消耗的功率不变，R2消耗的功率变小【答案】B【解析】解A只闭合S1，R1、R2串联，电压表测R2电压， P向左移动，R2电阻变小，总电阻变小，电流变大，根据串联电路的分压规律知电压表示数变小，A错误；（2）闭合S1、S2，断开S3，R1与灯并联后与R2串联，将P左移，R2电阻变小，根据分压原理，R2的电压变小，根据串联电路电压的规律，并联部分的电压变大，根据P，R1消耗的功率增大，B正确；（3）（4）开关都闭合，R2短路,所以滑片移动对电路无影响故CD错误。所以答案为B.点睛：A、只闭合S1，两电阻串联，将P向左移动分析变阻器连入电路中的电阻变化，由串联电阻的规律判
15、断总电阻变化，由欧姆定律得出电流表示数变化，根据欧姆定律分析R1电压变化，由串联电路电压的规律确定电压表示数变化；B、闭合S1、S2，断开S3，R1与灯并联后与R2串联，将P向左移动判断变阻器连入电路中的电阻变化，根据分压强原理确定R2的电压变化，根据串联电路电压的规律分析并联部分的电压变大，根据P确定R1消耗的功率变化；CD、根据并联电路各用电器互不影响进行分析。12. 小芳同学在做电学实验时，实物图如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表量程“03V”，灯L标有“2.5V 1.25W”（设灯丝电阻不变），滑动变阻器规格为“20 1A”，在不损坏电路元件的情况下进行实验，下列说法正确的是（）A. 灯泡的最小功率是0.162WB. 该电路的最大功率是4.05WC. 电路中电流变化的范围是0.3A0.4AD. 滑动变阻器的阻值应在410之间变化【答案】D【解析】解：A灯泡与滑动变阻器串联,滑动变阻器接入电路中的电阻最大(电压表的示数是3V时)，电路中的电流最小，灯泡的功率最小，此时灯泡两端的电压：U
