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1、.word格式,河南省灵宝市实验高级中学2017-2018学年高一年级下期第二次月考物理试题一、选择题(1-12题四个选项中只有一个是正确的，选对得3分，选错或不选得0分，13-16题为多选题，选对而全得3分，选对但不全得2分，有选错或不选得0分。共48分)1. 在不计空气阻力的情况下，下列运动中物体机械能守恒的是（ ）A. 雨滴在空中匀速下落B. 乘客随摩天轮在竖直面内匀速转动的过程C. 物体在光滑的固定斜面上滑行D. 重物被起重机悬吊着匀加速上升【答案】C2. 下列关于动量和动能的说法中，正确的是（ ）A. 一个物体的动量不变，其动能一定不变B. 一个物体的动能不变，其动量一定不变C. 两
2、个物体的动量相等，其动能一定相等D. 两个物体的动能相等，其动量一定相等【答案】A【解析】一个物体的动量不变，则速度的大小一定不变，其动能一定不变，选项A正确； 一个物体的动能不变，则速度的大小不变，但是方向不一定不变，其动量不一定不变，例如匀速圆周运动的物体，选项B错误；根据可知，两个物体的动量相等，其动能不一定相等，选项C错误； 两个物体的动能相等，根据则其动量不一定相等，选项D错误；故选A.3. 如图所示，乘坐游乐园的翻滚过山车时，质量为m的人随车在竖直平面内旋转，下列说法正确的是（ ）A. 车在最高点时人处于倒坐状态，全靠保险带拉住，没有保险带，人就会掉下来B. 人在最高点时对座位一定
3、不可能产生压力C. 人在最低点时对座位的压力等于mgD. 人在最低点时对座位的压力大于mg【答案】D【解析】当人与保险带间恰好没有作用力，由重力提供向心力时，临界速度为v0=当速度v时，没有保险带，人也不会掉下来故A错误当人在最高点的速度v时，人对座位就产生压力；故B错误；人在最低点时，加速度方向竖直向上，根据牛顿第二定律分析可知，人处于超重状态，人对座位的压力大于mg故C错误,D正确故选D4. 一质量为m的物体放在光滑的水平面上，今以恒力F沿水平方向推该物体，在相同的时间间隔内，说法正确的是（ ）A. 物体的位移相等B. 物体动能的变化量相等C. F对物体做的功相等D. 物体动量的变化量相等
4、【答案】D【解析】物体在水平恒力作用下做匀加速直线运动，在相同的时间间隔内物体的位移逐渐增大故A错误根据动能定理得知，物体动能的变化量逐渐增大故B错误由功的公式W=FL知道，在相同的时间间隔内，F做功增大故C错误根据动量定理得：Ft=P，F、t相等，则P相等，即物体动量的变化量相等故D正确故选D.点睛：恒力在相等时间内冲量相等，动量变化量必定相等，但位移、F做功、动能变化量并是不相等属于简单题.视频5. 现有甲、乙两滑块，质量分别为3m和m，以相同的速率v在光滑水平面上相向运动，发生了碰撞。已知碰撞后，甲滑块静止不动，那么这次碰撞是( )A. 弹性碰撞B. 非弹性碰撞C. 完全非弹性碰撞D.
5、条件不足，无法确定【答案】A【解析】由动量守恒3mvmv0mv，所以v2v碰前总动能：Ek3mv2mv22mv2.6. 同步卫星是指相对于地面不动的人造卫星（ ）A. 它可以在地面上任一点的正上方，且离地心的距离可按需要选择不同的值B. 它只能在赤道的正上方，且离地心的距离是一定的C. 它只能在赤道的正上方，但离地心的距离可按需要选择不同的值D. 它可以在地面上任一点的正上方，但离地心的距离是一定的【答案】B【解析】它若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步”，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的所以同步卫星只能在赤道的正上方因为同步卫星要和地球自转同步，
6、即相同，根据，因为是一定值，所以 r 也是一定值，所以同步卫星离地心的距离是一定的故B正确，ACD错误；故选B点睛：地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度7. 如图所示，一轻杆一端固定质量为m的小球，以另一端O为圆心，使小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动，以下说法正确的是( )A. 小球过最高点时，杆所受的弹力不能等于零B. 小球过最高点时，速度至少为C. 小球过最高点时，杆对球的作用力可以与球受重力方向相反D. 小球过最高点时，杆对球作用力一定与小球受重力方向相同【答案】C【解析】当小球在最高点恰好只有
7、重力作为它的向心力的时候，此时球对杆没有作用力，所以A错误轻杆带着物体做圆周运动，只要物体能够到达最高点就可以了，所以速度可以为零，所以B错误小球在最高点时，如果速度恰好为，则此时恰好只有重力作为它的向心力，杆和球之间没有作用力，如果速度小于，重力大于所需要的向心力，杆就要随球由支持力，方向与重力的方向相反，所以C正确，D错误故选C.点睛：杆的模型和绳的模型是在高中常遇到的两种基本模型，这两种模型不一样，杆在最高点的速度可以为零，而绳在最高点时的速度必须大于或等于最小速度8. 将物体以60 J的初动能竖直向上抛出，当它上升至最高点时，机械能损失10 J，若空气阻力大小不变，那么物体落回抛出点的
8、动能为（ ）A. 60 J B. 50 J C. 40 J D. 30 J【答案】C【解析】当物体上升至最高点时，机械能损失10 J，则克服阻力做功为10J；则物体下降到地面时机械能损失也为10J，则落地的动能为40J，故选C.9. 某人用手将1kg物体由静止竖直向上提起1m, 这时物体的速度为2m/s, 其中当地重力加速度g=10m/s2，则下列说法正确的是（ ）A. 手对物体做功为2JB. 合外力做功为2JC. 合外力做功为12JD. 重力做功为10J【答案】B【解析】分析物体的运动的情况可知，物体的初速度的大小为0，位移的大小为1m，末速度的大小为2m/s，由v2-v02=2ax可得，加
9、速度为：a=2m/s2，由牛顿第二定律可得：F-mg=ma，拉力：F=mg+ma=12N，手对物体做功为：W=FL=121=12J，故A错误；由动能定理可知，合力做的功等于动能的变化：W合=mv2=122=2J，故B正确，C错误；重力做的功： WG=-mgh=-1101=-10J，故D错误；故选B点睛：本题考查动能定理及功能关系，要注意明确不同力做功对应不同的能量关系；合力功等于动能增量，重力功等于重力势能的变化；除重力以外的其它力做功等于机械能的变化，要注意正确掌握10. 人从高处跳到低处时，为了安全，一般都是让脚尖先着地，并且让腿适当弯曲。说法正确的是（ ）A. 减小冲量B. 使动量的增量
10、变得更小C. 增大人对地面的压强，起到安全作用D. 延长与地面的作用时间，从而减小冲力【答案】D【解析】A、B、D、人在和地面接触时，人的速度减为零，以向上为正，由动量定理可得：I=P，所以（F-mg）t=0-m(-v)； 而脚尖着地可以增加人着地的时间，由公式可知可以减小受到地面的冲击力，而动量减小量和合力冲量是一定的；故A、B错误，D正确；C、减小了地面对人的冲力，从而减小了人对地面的压强，故C错误；故选D。【点睛】本题考查动量定理的定性的应用，物理知识在生产生活中有着广泛的应用，11. 已知引力常量G与下列哪些数据，一定可以计算出地球密度（ ）A. 地球绕太阳运动的周期及地球离太阳的距离
11、B. 月球绕地球运行的周期及月球绕地球转动的轨道半径C. 做圆周运动的人造地球卫星的绕行周期D. 若不考虑地球自转，已知地球半径和重力加速度【答案】D【解析】A、已知地球绕太阳运动的周期及地球离太阳的距离，根据万有引力提供向心力，列出等式：，所以只能求出太阳的质量，故A错误；B、已知月球绕地球运行的周期及月球绕地球转的轨道半径，根据万有引力提供向心力，列出等式：，地球质量，可以求出地球质量，但不知道地球半径，故B错误；C、已知人造地球卫星在地面附近绕行运行周期，根据万有引力提供向心力，列出等式：，由于不知道轨道半径，故无法求出质量与密度，故C正确；D、已知地球半径和重力加速度，根据万有引力等于
12、重力列出等式，根据密度定义得：，故D正确。点睛：本题考查了万有引力定律在天体中的应用，解题的关键在于找出向心力的来源，并能列出等式解题。12. 如图所示的装置中，木块B与水平桌面间的接触是光滑的。子弹A沿水平方向射入木块后留在木块内，将弹簧压缩到最短，现将子弹、木块和弹簧合在一起作为研究对象(系统)，则此系统在子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的过程中()A. 动量守恒，机械能守恒B. 动量不守恒，机械能不守恒C. 动量守恒，机械能不守恒D. 动量不守恒，机械能守恒【答案】B【解析】试题分析：系统动量守恒的条件是不受外力或所受的外力之和为零，根据判断系统动能和势能之和是否保持不变，判断系统机械能
13、是否守恒系统在从子弹开始射入到弹簧被压缩至最短的整个过程中，由于墙壁对弹簧有力的作用，所以系统所受的外力之和不为零，所以系统的动量不守恒，在整个过程中，由于子弹射入木块的过程中有内能产生，所以系统机械能不守恒，但能量守恒，故B正确，ACD错误13. 如图，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，在小球接触弹簧并将弹簧压缩到最短的过程中，下列关于能量的叙述中正确的是（ ）A. 重力势能和动能之和减小B. 重力势能和弹性势能之和总保持不变C. 动能和弹性势能之和总保持不变D. 重力势能、弹性势能和动能之和总保持不变【答案】AD【解析】A对于小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，小球的动能、重力势能
14、和弹簧的弹性势能这三种形式的能量相互转化，没有与其他形式的能发生交换，也就说小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变对于小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，弹簧是一直被压缩的，所以弹簧的弹性势能一直在增大因为小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变，重力势能和动能之和始终减小故AD正确在刚接触弹簧的时候这个时候小球的加速度等于重力加速度，在压缩的过程中，弹簧的弹力越来越大，小球所受到的加速度越来越小，直到弹簧的弹力等于小球所受到的重力，这个时候小球的加速度为0，要注意在小球刚接触到加速度变0的工程中，小球一直处于加速状态，由于惯性的原因，小球还是继续压缩弹簧，这个时候弹簧
15、的弹力大于小球受到的重力，小球减速，直到小球的速度为0，这个时候弹簧压缩的最短所以小球的动能先增大后减小，所以重力势能和弹性势能之和先减小后增加故B错误小球下降，重力势能一直减小，所以动能和弹性势能之和一直增大故C错误故选AD点睛：根据能量守恒小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变其中一个能量的变化可以反映出其余两个能量之和的变化14. 一质量为2 kg的物体放在光滑的水平面上，原处于静止状态，现用与水平方向成60角的恒力F10N作用于物体上，历时5s，则（ ）A. 力F对物体的冲量大小为25NsB. 力F对物体的冲量大小为50NsC. 物体的动量变化量为25 kgm/sD. 物体所受重力的冲量大小为0【答案】BC【解析】A、力F对物体的冲量大小，故B正确，A错误；C、根据动量定理得，则动量的变化量，C正确；D、物体所受重力的冲量，D错误。点睛：解决本题的关键掌握冲量的表达式，以及掌握动量
