《备考中考物理知识点复习专练(巩固提升专练)专题15电功率(含解析).doc》由会员分享,可在线阅读,更多相关《备考中考物理知识点复习专练(巩固提升专练)专题15电功率(含解析).doc(13页珍藏版)》请在金锄头文库上搜索。
1、专题15 电功率1(2018安徽模拟)如图是直流电动机提升重物的示意图,电源电压为36V且保持不变,电路中的电流是2A,质量为8kg的重物在电动机带动下以0.8m/s的速度匀速上升,不计各处摩擦,则电动机线圈的电阻是(g取10N/kg)A18 B8 C2 D4【考点】电功计算公式的应用【答案】C2(2018福建模拟)灯L1规格为“6V3W”,灯L2规格为“3V3W”,忽略灯丝电阻变化,则下列说法正确的是AL1与L2灯丝电阻之比为2:1B两灯并联,当一个灯正常发光时,通过另一个灯的电流为0.25 AC两灯并联在3 V电压下,灯L1与L2消耗的实际功率之比为4:1D两灯串联,当电路中电流为0.5
2、A时,灯L1两端电压为3 V【考点】欧姆定律的应用;电功率的计算【解析】(1)灯L1规格为“6V3W”,表示这个灯的额定电压为6V,额定功率为3W;灯L2规格为“3V3W”,表示这个灯的额定电压为3V,额定功率为3W;由P=UI可得,两灯泡的额定电流分别为:I1=0.5A,I2=1A,由欧姆定律可得,两灯泡的电阻分别为:R1=12,R2=3,则L1与L2灯丝电阻之比R1:R2=12:3=4:1,故A错误;【答案】B3(2018朝阳区二模)如图所示电路,电源电压恒为12V,小灯泡L1的规格为“6V 3W“,小灯泡L2的规格为“2.5V 0.3A”,滑动变阻器标有“50 1.5A“字样。假设灯丝阻
3、值不随温度改变,下列说法中正确的是A小灯泡L1的电阻小于小灯泡L2的电阻B该电路只可以使小灯泡L2保持正常发光,而不能使小灯泡L1保持正常发光C相同时间内电流通过小灯泡L1做的功小于通过小灯泡L2做的功D当该电路中的电流为0.2A时,通电lmin,小灯泡L1灯丝产生的热量为0.48J【考点】焦耳定律的计算公式及其应用【解析】A、根据P=可得小灯泡L1的电阻:R1=12,R2=8.3,R1R2,故A错误;B、根据P=UI可求小灯泡的额定电流,L1的额定电流:IL1=0.5A,IL2=0.3A,串联电路的电流特点,I=0.3A,该电路只可以使小灯泡L2保持正常发光,而不能使小灯泡L1保持正常发光,
4、故B正确;C、串联电路相同时间内电流通过小灯泡L1做的功与通过小灯泡L2做的功和电阻成正比,=可知,相同时间内电流通过小灯泡L1做的功大于通过小灯泡L2做的功,故C错误;D、根据Q=I2Rt可得小灯泡L1灯丝产生的热量:Q1=I12R1t=(0.2A)21260s=28.8J,故D错误。故选B。【答案】B4(2018漳州一模)在如图所示的电路中,电源电压保持不变,R1=20闭合开关S,移动滑动变阻器R2的滑片到中点c时,电流表的示数为0.4A;移动滑片P至最左端a时,电流表的示数为0.3A则滑片P在最左端a时,通电4秒钟滑动变阻器产生的热量是A24J B7.2J C32J D12.8J【考点】
5、焦耳定律的计算公式及其应用【答案】B5(2018红花岗区校级二模)如图所示,图甲是标有“3.8V1.2W”的小灯泡L的电流随着它两端电压的变化关系图象,将此灯泡接入图乙所示的电路中,闭合开关S后,小灯泡的实际功率为0.5W将变阻器滑片P移至变阻器中点,再闭合开关S1后,电流表示数变化了0.16A,则此时变阻器R接入电路的阻值为_;在开关S、S1均闭合情况下,当滑片P在最右端时,通电1min电路消耗的电能_J。【考点】欧姆定律的应用;电功与电能的计算【答案】12.5;39.6。6(2018河南三模)如图甲所示,电源电压保持不变,小灯泡的额定电压为6V闭合开关S后,当滑片P从R的一端滑至另一端的过
6、程中,小灯泡的IU关系图象如图乙所示。则小灯泡的额定功率为_W,电源电压为_V,滑片在最右端时,滑动变阻器的电功率为_W。【考点】欧姆定律的应用;电功率的计算;额定功率【解析】(1)由电路图可知,滑动变阻器接入电路中的电阻为0时,电路中的电流最大,电压表测电源的电压,由图象可知,电路中的最大电流为0.2A,电压表的最大示数为6V,则电源的电压为6V;因灯泡两端的电压和额定电压相等时,灯泡的实际功率和额定功率相等,所以,灯泡的额定功率:PL=ULIL=6V0.2A=1.2W;(2)当滑动变阻器滑片在最右端时,接入电路中的电阻最大时,由图象可知,电路中的电流I=0.1A,灯泡两端的电压UL=1.5
7、V,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,滑动变阻器两端的电压:U滑=UUL=6V1.5V=4.5V,由I=可得,滑动变阻器的最大阻值:R滑=45;滑动变阻器的电功率:P=U滑I=45V0.1A=0.45W。【答案】1.2;6;0.45。7(2018福州三模)小明在探究“电流产生的热量与哪些因素有关”时,设计了如图所示的电路,烧瓶中盛有质量、初温均相等的煤油,R1R2。(1)实验中煤油吸热的多少是通过_来反映的。(2)将该电路设计成串联的目的是_。通电一段时间后,比较甲、乙两烧瓶中煤油的温度,是为了探究电流通过电阻丝产生的热量与电阻的关系。(3)家用电烤箱高温和低温两档的调节是通过改变接入
8、电路的电阻丝的长度来实现的,小明根据上述规律,得出电烤箱低温档接入电路的电阻丝比高温档要短一些的结论,此结论是_(选填“正确”或“错误”)的,其原因是_。【考点】焦耳定律的计算公式及其应用【答案】(1)温度计示数的变化;(2)控制电流和通电时间相同;电阻;(3)错误;由R=可知,低温档功率小,电阻大,故低温档接入电路的电阻丝要长一些。8(2018中原区校级三模)如图1所示为小颖同学设计的电热水器的原理图,该电热水器具有加热保温功能,图1中电磁继电器(线圈电阻不计)热敏电阻R、保护电阻R0、电压恒为6V的电源U1、导线等组成控制电路,当电磁铁线圈中的电流I10mA时,继电器上方触点和触点c接通;
9、当电磁铁线圈中的电流10mA时,电磁铁的衔铁被吸下,继电器下方触点a、b接通,热敏电阻中允许通过的最大电流I0=15mA,其电阻R随温度变化的规律如图2所示,热敏电阻和加热电路中的三只电阻R1、R2、R3均置于储水箱中,已知R1=33、R2=66、R3=154、U2=220V。(1)电热水器保温功率与加热功率之比?(2)已知该热水器的加热效率为80%,则在加热状态下10分钟能将多少千克的水从20加热到50?(3)为使控制电路正常工作,保护电阻R0的阻值至少为多大?若R0为该值,衔铁刚好被吸下时储水箱中水温是多少?【考点】热量的计算;欧姆定律的应用;电功率的计算(2)10min加热电路消耗的能量
10、:W=P加热t=2200W600s=1.32106J,根据热效率公式=可得水吸收的热量:Q吸=W=1.32106J80%=1.056106J,根据Q吸=cm(tt0)可得水的质量:m=8.4kg;(3)由图乙可知,热敏电阻的最小值是R=200,当R最小,控制电路中的电流不超过最大值15mA时,保护电阻R0阻值最小,由I0=得保护电阻R0的最小值:R0=R=200=200,由题意知,衔铁刚好被吸下时,电路电流I=10mA=0.01A,此时电流总电阻:R总=600,则此时热敏电阻:R=R总R0=600200=400,由图2可知,此时水温为60。【答案】(1)电热水器保温功率与加热功率之比为1:10
11、;(2)在加热状态下10分钟能将8.4千克的水从20加热到50;(3)保护电阻R0的阻值至少为200,衔铁刚好被吸下时储水箱中水温是60。1(2018西宁)图是课本“探究电流通过导体产生的热量与导体电阻间关系”的实验装置,两个透明容器中封闭着等量的空气,电路正确连接后,通电进行实验过程中,下列说法正确的是A左边容器电阻丝中的电流比右边容器电阻丝中的电流大BU形管中液面高度的变化反映电阻丝产生热量的多少C要保持两个电阻丝两端电压相等D通电时间相同,两个容器中空气吸收的热量相同【考点】焦耳定律【答案】B2(2017本溪)将一个标有“220V 200W”的电风扇单独接在家庭电路中,正常工作1min
12、后,电能表示数如图所示。下列说法中正确的是A这段时间内电风扇消耗了1123.4J的电能 B这段时间内电能表转盘共转了10转C电能表应安装在家庭电路的总开关之后 D此时该电路不能再接入一台功率为2500W的空调【考点】电能表参数的理解与电能的求法【答案】B3(2018河池)如图所示的电路,电源电压不变,灯L标有“6V 3W”字样,不考虑灯丝电阻的变化。当甲、乙都是电流表,S1闭合、S2断开,此时I甲=0.5A,电路消耗的总功率为P1;当甲、乙都是电压表,S1、S2都闭合,此时U乙=2.4V,电路消耗的总功率为P2下列说法正确的是A电阻R的阻值为36B电路的总功率之比P1:P2=5:2C当甲、乙都
13、是电压表,S1、S2闭合时,灯L的实际功率为0.48WD当甲、乙都是电流表,S1闭合、S2断开时,两表示数之比I甲:I乙=2:3【考点】欧姆定律的应用;电功率的计算【解析】A、由P=UI可得,灯泡正常工作时的电流:I额=0.5A,由可得,灯泡的电阻:RL=12,当甲、乙都是电流表,S1闭合、S2断开,此时R与L并联,甲电流表测L的电流,因I甲=0.5A=I额,即灯泡正常工作,由并联电路的电压特点可知,电源电压U=U额=6V;当甲、乙都是电压表,S1、S2都闭合,R与L串联接在电路中,甲电压表测总电压U,乙测L两端电压,且UL=U乙=2.4V,根据串联电路的特点可得电路中的电流:IR=IL=0.
14、2A,电阻R两端的电压:UR=UUL=6V2.4V=3.6V,电阻R的阻值:R=18,故A不正确;B、当甲、乙都是电流表,S1闭合、S2断开,此时R与L并联,由电阻的并联可得=+=+,解得R并=,当甲、乙都是电压表,S1、S2都闭合,R与L串联接在电路中,则串联电路总电阻R串=R1+R2=12+18=30,电路总功率之比:=,故B不正确;C、当甲、【答案】C4(2018北京)有两个额定电压相同的电热水壶甲和乙,甲的额定功率为1800W,乙的额定功率为1200W两个电热水壶都正常工作时,下列说法中正确的是A甲电热水壶两端的电压较高 B电流通过甲电热水壶做功较快C通过两个电热水壶的电流相等 D相同时间内,两个电热水壶消耗的电能一样多【考点】电功与电能的计算【解析】A、两电热水壶的额定电压相同,且都正常工作,所以它们两端的电压相等,故A错误;B、甲的额定功率大于乙的额定功率,且都正常工作,根据电功率的物理意义可知,电流通过甲电热水壶做功较快,故B正确;C、两个电热水壶都正常工作时,甲的额定功率大,根据P=UI可知,通过甲的电流大,故C错误;D、两个电热水壶都正常工作时,通电时间相同,甲的额定功率大,根据W=Pt可知,甲消耗的电能多,故D错