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1、专题15 电功率1（2018安徽模拟）如图是直流电动机提升重物的示意图，电源电压为36V且保持不变，电路中的电流是2A，质量为8kg的重物在电动机带动下以0.8m/s的速度匀速上升，不计各处摩擦，则电动机线圈的电阻是（g取10N/kg）A18 B8 C2 D4【考点】电功计算公式的应用【答案】C2（2018福建模拟）灯L1规格为“6V3W”，灯L2规格为“3V3W”，忽略灯丝电阻变化，则下列说法正确的是AL1与L2灯丝电阻之比为2：1B两灯并联，当一个灯正常发光时，通过另一个灯的电流为0.25 AC两灯并联在3 V电压下，灯L1与L2消耗的实际功率之比为4：1D两灯串联，当电路中电流为0.5
2、A时，灯L1两端电压为3 V【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【解析】（1）灯L1规格为“6V3W”，表示这个灯的额定电压为6V，额定功率为3W；灯L2规格为“3V3W”，表示这个灯的额定电压为3V，额定功率为3W；由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：I1=0.5A，I2=1A，由欧姆定律可得，两灯泡的电阻分别为：R1=12，R2=3，则L1与L2灯丝电阻之比R1：R2=12：3=4：1，故A错误；【答案】B3（2018朝阳区二模）如图所示电路，电源电压恒为12V，小灯泡L1的规格为“6V 3W“，小灯泡L2的规格为“2.5V 0.3A”，滑动变阻器标有“50 1.5A“字样。假设灯丝阻
3、值不随温度改变，下列说法中正确的是A小灯泡L1的电阻小于小灯泡L2的电阻B该电路只可以使小灯泡L2保持正常发光，而不能使小灯泡L1保持正常发光C相同时间内电流通过小灯泡L1做的功小于通过小灯泡L2做的功D当该电路中的电流为0.2A时，通电lmin，小灯泡L1灯丝产生的热量为0.48J【考点】焦耳定律的计算公式及其应用【解析】A、根据P=可得小灯泡L1的电阻：R1=12，R2=8.3，R1R2，故A错误；B、根据P=UI可求小灯泡的额定电流，L1的额定电流：IL1=0.5A，IL2=0.3A，串联电路的电流特点，I=0.3A，该电路只可以使小灯泡L2保持正常发光，而不能使小灯泡L1保持正常发光，
4、故B正确；C、串联电路相同时间内电流通过小灯泡L1做的功与通过小灯泡L2做的功和电阻成正比，=可知，相同时间内电流通过小灯泡L1做的功大于通过小灯泡L2做的功，故C错误；D、根据Q=I2Rt可得小灯泡L1灯丝产生的热量：Q1=I12R1t=（0.2A）21260s=28.8J，故D错误。故选B。【答案】B4（2018漳州一模）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1=20闭合开关S，移动滑动变阻器R2的滑片到中点c时，电流表的示数为0.4A；移动滑片P至最左端a时，电流表的示数为0.3A则滑片P在最左端a时，通电4秒钟滑动变阻器产生的热量是A24J B7.2J C32J D12.8J【考点】
5、焦耳定律的计算公式及其应用【答案】B5（2018红花岗区校级二模）如图所示，图甲是标有“3.8V1.2W”的小灯泡L的电流随着它两端电压的变化关系图象，将此灯泡接入图乙所示的电路中，闭合开关S后，小灯泡的实际功率为0.5W将变阻器滑片P移至变阻器中点，再闭合开关S1后，电流表示数变化了0.16A，则此时变阻器R接入电路的阻值为_；在开关S、S1均闭合情况下，当滑片P在最右端时，通电1min电路消耗的电能_J。【考点】欧姆定律的应用；电功与电能的计算【答案】12.5；39.6。6（2018河南三模）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为6V闭合开关S后，当滑片P从R的一端滑至另一端的过
6、程中，小灯泡的IU关系图象如图乙所示。则小灯泡的额定功率为_W，电源电压为_V，滑片在最右端时，滑动变阻器的电功率为_W。【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算；额定功率【解析】（1）由电路图可知，滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，电压表测电源的电压，由图象可知，电路中的最大电流为0.2A，电压表的最大示数为6V，则电源的电压为6V；因灯泡两端的电压和额定电压相等时，灯泡的实际功率和额定功率相等，所以，灯泡的额定功率：PL=ULIL=6V0.2A=1.2W；（2）当滑动变阻器滑片在最右端时，接入电路中的电阻最大时，由图象可知，电路中的电流I=0.1A，灯泡两端的电压UL=1.5
7、V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：U滑=UUL=6V1.5V=4.5V，由I=可得，滑动变阻器的最大阻值：R滑=45；滑动变阻器的电功率：P=U滑I=45V0.1A=0.45W。【答案】1.2；6；0.45。7（2018福州三模）小明在探究“电流产生的热量与哪些因素有关”时，设计了如图所示的电路，烧瓶中盛有质量、初温均相等的煤油，R1R2。（1）实验中煤油吸热的多少是通过_来反映的。（2）将该电路设计成串联的目的是_。通电一段时间后，比较甲、乙两烧瓶中煤油的温度，是为了探究电流通过电阻丝产生的热量与电阻的关系。（3）家用电烤箱高温和低温两档的调节是通过改变接入
8、电路的电阻丝的长度来实现的，小明根据上述规律，得出电烤箱低温档接入电路的电阻丝比高温档要短一些的结论，此结论是_（选填“正确”或“错误”）的，其原因是_。【考点】焦耳定律的计算公式及其应用【答案】（1）温度计示数的变化；（2）控制电流和通电时间相同；电阻；（3）错误；由R=可知，低温档功率小，电阻大，故低温档接入电路的电阻丝要长一些。8（2018中原区校级三模）如图1所示为小颖同学设计的电热水器的原理图，该电热水器具有加热保温功能，图1中电磁继电器（线圈电阻不计）热敏电阻R、保护电阻R0、电压恒为6V的电源U1、导线等组成控制电路，当电磁铁线圈中的电流I10mA时，继电器上方触点和触点c接通；
9、当电磁铁线圈中的电流10mA时，电磁铁的衔铁被吸下，继电器下方触点a、b接通，热敏电阻中允许通过的最大电流I0=15mA，其电阻R随温度变化的规律如图2所示，热敏电阻和加热电路中的三只电阻R1、R2、R3均置于储水箱中，已知R1=33、R2=66、R3=154、U2=220V。（1）电热水器保温功率与加热功率之比？（2）已知该热水器的加热效率为80%，则在加热状态下10分钟能将多少千克的水从20加热到50？（3）为使控制电路正常工作，保护电阻R0的阻值至少为多大？若R0为该值，衔铁刚好被吸下时储水箱中水温是多少？【考点】热量的计算；欧姆定律的应用；电功率的计算（2）10min加热电路消耗的能量
10、：W=P加热t=2200W600s=1.32106J，根据热效率公式=可得水吸收的热量：Q吸=W=1.32106J80%=1.056106J，根据Q吸=cm（tt0）可得水的质量：m=8.4kg；（3）由图乙可知，热敏电阻的最小值是R=200，当R最小，控制电路中的电流不超过最大值15mA时，保护电阻R0阻值最小，由I0=得保护电阻R0的最小值：R0=R=200=200，由题意知，衔铁刚好被吸下时，电路电流I=10mA=0.01A，此时电流总电阻：R总=600，则此时热敏电阻：R=R总R0=600200=400，由图2可知，此时水温为60。【答案】（1）电热水器保温功率与加热功率之比为1：10
11、；（2）在加热状态下10分钟能将8.4千克的水从20加热到50；（3）保护电阻R0的阻值至少为200，衔铁刚好被吸下时储水箱中水温是60。1（2018西宁）图是课本“探究电流通过导体产生的热量与导体电阻间关系”的实验装置，两个透明容器中封闭着等量的空气，电路正确连接后，通电进行实验过程中，下列说法正确的是A左边容器电阻丝中的电流比右边容器电阻丝中的电流大BU形管中液面高度的变化反映电阻丝产生热量的多少C要保持两个电阻丝两端电压相等D通电时间相同，两个容器中空气吸收的热量相同【考点】焦耳定律【答案】B2（2017本溪）将一个标有“220V 200W”的电风扇单独接在家庭电路中，正常工作1min
12、后，电能表示数如图所示。下列说法中正确的是A这段时间内电风扇消耗了1123.4J的电能 B这段时间内电能表转盘共转了10转C电能表应安装在家庭电路的总开关之后 D此时该电路不能再接入一台功率为2500W的空调【考点】电能表参数的理解与电能的求法【答案】B3（2018河池）如图所示的电路，电源电压不变，灯L标有“6V 3W”字样，不考虑灯丝电阻的变化。当甲、乙都是电流表，S1闭合、S2断开，此时I甲=0.5A，电路消耗的总功率为P1；当甲、乙都是电压表，S1、S2都闭合，此时U乙=2.4V，电路消耗的总功率为P2下列说法正确的是A电阻R的阻值为36B电路的总功率之比P1：P2=5：2C当甲、乙都
13、是电压表，S1、S2闭合时，灯L的实际功率为0.48WD当甲、乙都是电流表，S1闭合、S2断开时，两表示数之比I甲：I乙=2：3【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【解析】A、由P=UI可得，灯泡正常工作时的电流：I额=0.5A，由可得，灯泡的电阻：RL=12，当甲、乙都是电流表，S1闭合、S2断开，此时R与L并联，甲电流表测L的电流，因I甲=0.5A=I额，即灯泡正常工作，由并联电路的电压特点可知，电源电压U=U额=6V；当甲、乙都是电压表，S1、S2都闭合，R与L串联接在电路中，甲电压表测总电压U，乙测L两端电压，且UL=U乙=2.4V，根据串联电路的特点可得电路中的电流：IR=IL=0.
14、2A，电阻R两端的电压：UR=UUL=6V2.4V=3.6V，电阻R的阻值：R=18，故A不正确；B、当甲、乙都是电流表，S1闭合、S2断开，此时R与L并联，由电阻的并联可得=+=+，解得R并=，当甲、乙都是电压表，S1、S2都闭合，R与L串联接在电路中，则串联电路总电阻R串=R1+R2=12+18=30，电路总功率之比：=，故B不正确；C、当甲、【答案】C4（2018北京）有两个额定电压相同的电热水壶甲和乙，甲的额定功率为1800W，乙的额定功率为1200W两个电热水壶都正常工作时，下列说法中正确的是A甲电热水壶两端的电压较高 B电流通过甲电热水壶做功较快C通过两个电热水壶的电流相等 D相同时间内，两个电热水壶消耗的电能一样多【考点】电功与电能的计算【解析】A、两电热水壶的额定电压相同，且都正常工作，所以它们两端的电压相等，故A错误；B、甲的额定功率大于乙的额定功率，且都正常工作，根据电功率的物理意义可知，电流通过甲电热水壶做功较快，故B正确；C、两个电热水壶都正常工作时，甲的额定功率大，根据P=UI可知，通过甲的电流大，故C错误；D、两个电热水壶都正常工作时，通电时间相同，甲的额定功率大，根据W=Pt可知，甲消耗的电能多，故D错
