《2018_2019学年高二物理上学期第一次月考试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2018_2019学年高二物理上学期第一次月考试题（含解析）（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2018-2019学年高二上学期第一次月考物理试题一、单项选择题1.下列关于电场基本概念与规律的判断正确的是（ ）A. 由可知，场强E与检验电荷电量q成反比、与电场力F成正比B. 由可知，电势差与检验电荷电量q成反比、与电场力做功成正比C. 由可知，平行板电容器电容C与距离d成反比、与正对面积S成正比D. 由库仑定律，当距离 r0时库仑力【答案】C【解析】【详解】公式E=F/q是比值定义法，E反映电场本身的性质，与试探电荷无关，与电荷受到的电场力的大小无关，由电场本身性质决定。故A错误；公式UAB= WAB/q是比值定义法，反映电场本身的性质，与试探电荷无关，由电场本身性质决定。故B错误；公式
2、是平行板电容器电容的决定式，由此可知平行板电容器电容C与距离d成反比、与正对面积S成正比。故C正确。在库仑定律的表达式中，当距离r0时库仑定律不再适用。故D错误； 故选C。【点睛】本题考查对场强等几个公式的理解首先要对每个公式中各个量的含义理解到位，其次掌握定义式与决定式的差别2.如图所示，Q为一带正电点电荷，P为原来不带电的枕形金属导体，a、b为导体内的两点。当导体P处于静电平衡状态时( )A. a、b两点的场强大小、的关系为B. a、b两点的场强大小、的关系D. a、b两点的电势大小、的关系【答案】C【解析】【详解】处于静电平衡的导体，内部场强处处为零，故a、b两点的场强大小Ea、Eb的关
3、系为Ea=Eb=0，故AB错误；处于静电平衡的导体，内部场强处处为零，则知感应电荷在a、b两点产生的场强与点电荷Q产生的场强大小相等，方向相反，所以感应电荷在a、b两点产生的场强大小Ea和Eb的关系是EaEb，故C正确。当导体P处于静电平衡状态时，整个导体是一个等势体，则a、b两点电势a=b故D错误。故选C。【点睛】解决本题的关键要理解并掌握静电平衡导体的特点，知道导体内部场强为零的原因是由于感应电荷产生的附加电场与原电场抵消的结果3.如图所示，上、下两带电小球的质量均为m，所带电荷量分别q为和q，两球间用绝缘细线连接，上球又用绝缘细线悬挂在天花板上，在两球所在空间有方向向左的匀强电场，电场强
4、度为E，平衡时细线都被拉紧平衡时的可能位置是图中的哪一个（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】试题分析：运用整体法研究上面绳子与竖直方向的夹角，再隔离负电荷研究，分析两电荷之间的绳子与竖直方向的夹角，即可作出判断首先取整体为研究对象，整体受到重力、电场力和上面绳子的拉力，由于两个电场力的矢量和为，所以上边的绳子对小球的拉力与总重力平衡，位于竖直方向，所以上边的绳子应保持在绳子竖直位置再对负电荷研究可知，负电荷受到的电场力水平向右，所以下面的绳子向右偏转，故A图正确，BCD图都错误，故A正确4.如图所示，一带正电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N先后在电
5、场中运动的轨迹，a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点。不计重力。下列说法说法正确的是（）A. M带负电荷，N带正电荷B. M在b点的动能大于它在a点的动能C. N在d点的电势能等于它在e点的电势能D. N在从c点运动到d点的过程中克服电场力做功【答案】AC【解析】【详解】由粒子运动轨迹可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，可知M带负电荷，N带正电荷，故A正确。M从a到b点，库仑力做负功，根据动能定理知，动能减小，则b点的动能小于在a点的动能，故B错误。d点和e点在同一等势面上，电势相等，则N在d点的电势能等于在e点的电势能，故C正确。N从c到d，库仑斥力做正功，故D错误。故选C。【点睛】
6、本题关键是根据曲线运动的条件判断出静电力的方向，掌握判断动能和电势能变化的方向，一般的解题思路是根据动能定理判断动能的变化，根据电场力做功判断电势能的变化5.如图，两平行的带电金属板水平放置。若在两板中间a点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态。现将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转450，再由a点从静止释放一同样的微粒，该微粒将A. 保持静止状态B. 向左下方做匀加速运动C. 向正下方做匀加速运动D. 向左上方做匀加速运动【答案】B【解析】【详解】在两板中间a点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态，微粒受重力和电场力平衡，故电场力大小F=mg，方向竖直向上；将两板绕过a点的
7、轴（垂直于纸面）逆时针旋转45，电场强度大小不变，方向逆时针旋转45，故电场力逆时针旋转45，大小仍然为mg；故重力和电场力的大小均为mg，方向夹角为135，故合力向左下方，微粒的加速度恒定，向左下方做匀加速运动；故ACD错误，B正确；故选B。【点睛】本题关键是对微粒受力分析后结合牛顿第二定律分析，注意本题中电容器的两板绕过a点的轴逆时针旋转，板间场强大小不变，只是方向变化。6.示波管是一种多功能电学仪器，它的工作原理可以等效成下列情况：如图所示，真空室中电极K发出电子（初速度不计），经过电压为U1的加速电场后，由小孔S沿水平金属板A、B间的中心线射入板中金属板长为L，相距为d，当A、B间电压
8、为U2时电子偏离中心线飞出电场打到荧光屏上而显示亮点已知电子的质量为m、电荷量为e，不计电子重力，下列情况中一定能使亮点偏离中心距离变大的是（ ）A. U1变大，U2变大B. U1变大，U2变小C. U1变小，U2变大D. U1变小，U2变小【答案】C【解析】【详解】设经过电压为U1的加速电场后，速度为v，在加速电场中，由动能定理得：mv2=eU1，电子进入偏转电场后做类平抛运动，在水平方向上：L=vt，在竖直方向上：y=at2= t2，解得：，由此可知，当U1变小，U2变大时，y变大，故选C。7. 如（a）图所示的两平行金属板P、Q加上（b）图所示电压，t=0时，Q板电势比P高5V，在板正中
9、央M点放一电子，初速度为零，质子只受电场力而运动，且不会碰到金属板，这个质子处于M点右侧，速度向左，且速度逐渐减小的时间段是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】试题分析：在0t210-10s时间内，Q板比P板电势高5V，方向水平向左，所以电子所受电场力方向向右，加速度方向也向右，所以电子从M点向右做匀加速直线运动；在210-10st410-10s时间内，Q板比P板电势低5V，电场强度方向水平向右，所以电子所受电场力方向向左，加速度方向也向左，所以电子向右做匀减速直线运动，当t=410-10s时速度为零，此时电子在M点的右侧；在410-10st610-10s时间内，Q板比P板电势低5
10、V，电场强度方向水平向右，所以电子所受电场力方向向左，加速度方向也向左，所以电子向左做匀加速直线运动；在610-10st810-10s时间内，Q板比P板电势高5V，电场强度方向水平向左，所以电子所受电场力方向向左，加速度方向也向左，所以电子向左做匀减速直线运动，到810-10s时刻速度为零，恰好又回到M点综上分析可知：在610-10st810-10s时间内，这个电子处于M点的右侧，速度方向向左且大小逐渐减小故选D.考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题考查了带电粒子在电场中的运动问题；解题的关键是对粒子的运动的不同时间段进行分段考虑，搞清电场的方向，电场力的方向，加速度的方向以及速度的方
11、向，此题也可以画出电子运动的速度时间图象求解，难度适中.8.在x轴上关于O点对称的两个位置放置电荷量大小相等的点电荷。关于在两电荷连线上场强和电势的分布,下列说法正确的是(规定x轴正方向为电场强度的正方向、无穷远的电势为零)( )A. 甲图为两个等量正点电荷的Ex图象B. 乙图为两个等量负点电荷的x图象C. 丙图为两个等量异种点电荷的Ex图象D. 丁图为两个等量正点电荷的x图象【答案】A【解析】【详解】甲图中，根据场强的叠加，知两个等量负点电荷的中点场强为零，两侧场强方向是相反的，不可能相同，故A正确；两个等量负点电荷的周围的电势为负值，则x图象应该位于横轴下方，选项B错误； 丙图中，根据场强
12、的叠加，知两个等量负正点电荷的中点场强不为零，两侧场强方向是相同，故C错误；两个等量正点电荷周围的电势均为正值，则x图象应该位移x轴上方，选项D错误；故选A.【点睛】解决本题的关键知道等量负正电荷周围电场线分布，知道电场线密的地方场强比较强；同时明确沿电场线的方向电势降低；并且异号电荷连线的中垂线上的电势为零；因为其中垂线为等势面，与无穷远处电势相等.二、多项选择题9. 图为静电除尘器除尘机理的示意图。尘埃在电场中通过某种机制带电，在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，以达到除尘目的。下列表述正确的是A. 到达集尘极的尘埃带正电荷B. 电场方向由集尘极指向放电极C. 带电尘埃所受电场力的方向与电
13、场方向相同D. 同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大【答案】BD【解析】试题分析：由图示可知，集尘机电势高，放电极电势低，放电极与集尘极间电场方向向左，即电场方向由集尘极指向放电极，尘埃在电场力的作用下向集尘极迁移，则知尘埃所受的电场力向右，故到达集尘极的尘埃带负电荷，故A错误，B正确电场方向向左，带电尘埃所受电场力方向向右，带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相反，故C错误；由F=Eq可知，同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大，故D正确；故选BD考点：静电除尘【名师点睛】本题考查运用分析实际问题工作原理的能力，解题时，抓住尘埃的运动方向是突破口，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体
14、实例。10.研究与平行板电容器电容有关因素的实验装置如图所示。下列说法正确的是A. 实验前，只用带电玻璃棒与电容器a板接触，能使电容器带电B. 实验中，只增加极板带电量，静电计指针的张角变大，表明电容增大C. 实验中，只在极板间插入有机玻璃板，静电计指针张角变大D. 实验中，只将电容器b板向右平移，静电计指针的张角变小【答案】AD【解析】【详解】由电容器带电量是某一极板的电量，再结合静电感应原理，可知，只用带电玻璃棒与电容器a板接触，即能使电容器带电，故A正确；在实验中，只增加极板带电量，根据，电容C不变，根据U=，则电势差增大，张角变大，故B错误。在极板之间插入有机玻璃板，根据，电容增大，根
15、据U=，Q不变，则电势差减小，张角变小，故C错误。将b板向右平移，两板间距d减小，根据，电容变大，根据U=，Q不变，则电势差减小，张角变小，故D正确。故选AD。【点睛】解决本题的关键掌握电容器的动态分析，电容器与电源断开，电量保持不变，电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差不变，同时理解电容器带电量的含义。11.如图所示，有两个半径相同的金属球M和N，N被绝缘座固定在水平地面上，M从N的正上方h高处自由落下与N做弹性对心正碰，相碰后M以碰前的速率反向弹回，在下列哪种情况中M弹起后上升的最大高度大于h：A. M和N原来带等量同种电荷B. M和N原来带等量异种电荷C. M和N原来都不带电荷D. M和N原来带不等量异种电荷【答案】BD【解析】【详解】若M和N原来带等量同种电荷，则两球相碰时带电量不变，M下落过程和上升过程中受力相同，则M仍能弹回到原来的高度，选项A错误；若M和N原来带等量异种电荷，则M下落过程中库仑力和重力均做正功，接触后两球均不带电，上升过程中只有重力做功，则上升的高度大于下落
