《湖南省湘潭市2019届高三物理下学期第二次模拟考试试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《湖南省湘潭市2019届高三物理下学期第二次模拟考试试题（含解析）（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、湖南省湘潭市2019届高三下学期第二次模拟考试物理试卷二、选择题：1.用轰击产生了m个某种粒子，核反应方程为则A. 方程式中的m3B. 方程式中的X是粒子C. 该反应需要吸收热量D. 的比结合能一定大于的比结合能【答案】D【解析】【详解】AB.由质量数和电荷说守恒可知m2，X是中子。故AB都错。C. 重核裂变式反应是放热反应。故C错误。D. 裂变后的产物比裂变前的稳定，越稳定比结合能越大，所以的比结合能一定大于的比结合能，故D正确。2.乒乓球运动的高抛发球是由我国运动员刘玉成于1964年发明的，后成为风世界乒兵球坛的一项发球技术。某运动员在一次练习发球时，手掌张开且伸平，将一质量为27g的乒乓
2、球由静止开始竖直向上抛出，抛出后向上运动的最大高度为245m，若抛球过程，手掌和球接触时间为5ms，不计空气阻力，则该过程中手掌对球的作用力大小约为A. 0.4NB. 4NC. 40ND. 400N【答案】B【解析】【详解】乒乓球抛出的速度为，对抛球的过程利用动量守恒可得，化简可得。故B正确，ACD错误。3.如图所示，线圈abcd固定于分布均匀的磁场中，磁场方向垂直线圈平面。当磁场的磁感应强度B随时间t变化时，ab边受到的安培力恒定不变。则下列磁感应强度B随时间t变化的图象中可能正确的是A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】当磁感应强度发生变化时，线框内产生的感应电动势为：，感应电
3、流为：，安培力为：由以上方程可得：。要使ab边受到的安培力恒定不变，由公式可知，若磁场增大，则减小；若磁场减少，则增大。故A正确，BCD错误。4.如图所示，一条足够长且不可伸长的轻绳跨过光滑轻质定滑轮，绳的右端与一质量为12kg的重物相连，重物静止于地面上，左侧有一质量为10kg的猴子，从绳子的另一端沿绳子以大小为5 ms2的加速度竖直向上爬，取g10ms2，则下列说法正确的是A. 绳上的拉力大小为50NB. 重物不会离开地面C. 2s末物体上升的高度为5mD. 重物的加速度大小为3.2m/s2【答案】C【解析】【详解】A.对猴子受力分析，受到重力和绳子的拉力，根据牛顿第二定律可得：，解得：。
4、故A错误。B.对物体受力分析可知，绳子对物体的拉力大于自身的重力，所以绳子要离开地面。故B错误。CD.对物体有牛顿第二定律可得：解得：。末物体上升的高度为：。故C正确，D错误。5.如图所示，半径为R的光滑大圆环用一细杆固定在竖直平面内，质量为m的小球A套在大圆环上。上端固定在杆上的轻质弹簧与质量为m的滑块B连接井一起套在杆上，小球A和滑块B之间用长为2R的轻杆分别通过铰链连接，当小球A位于圆环最高点时、弹簧处于原长；此时给A一个微小扰动（初速度视为0），使小球A沿环顺时针滑下，到达环最右侧时小球A的速度为（g为重力加速度）。不计一切摩擦，AB均可慢为质点，则下列说法正确的是A. 小球A、滑块B
5、和轻杆组成的系统在下滑过程中机械能守恒B. 小球A从圆环最高点到达环最右刻的过程中滑块B的重力能减小C. 小球A从腰环最高点到达医环最右的过程中小球A的重力能小了D. 小球A从圆环最高点到达环最右侧的过程中弹簧的弹性势能增加了【答案】D【解析】【详解】A.轻质弹簧、小球A、滑块B和轻杆组成的系统机械能守恒。故A错误。B.开始是滑块B距离圆环最高点的距离为，小球A从圆环最高点到达环最右侧时，滑块B距离圆环最高点的距离为,所以在这个方程，小球B下降的距离为，可得滑块B重力能减小量为。故B错误。C. 小球A从环最高点到达环最右的过程中下降的高度为,所以重力势能的减小量为。故C错误。D. 小球A到达环
6、最右侧时，A、B的速度方向都是竖直向下的，此时他们与轻杆的夹角相等，由因为A、B的速度沿轻杆方向的分量相等，所以A、B的速度相等：，在整个过程由能量的转化与守恒可得弹簧的弹性势能：。故D正确。6.一矩形线在匀强硬场中转动时产生的电动势，下列说法正确的是A. 该交流电的频率为100HzB. 该交流电的电动势有效值为100VC. t01s时，穿过矩形线圈的磁通量最大D. 该交波电的电动势有效值比交流电的小【答案】BC【解析】【详解】A.由电动势的表达式可知，线圈转动的角速度为：，所以可得交流电的频率为：。故A错误。B.此交流电为正弦式交流电，所以该交流电的电动势的有效值为。故B正确。C.时，感应电
7、动势为，所以穿过矩形线圈的磁通量最大。故C正确。D.两个交流电的表达式相同，故他们的有效值一定相同。故D错误。7.如图所示，a、b、c为匀强电场中一条直线上的三点，abbc=l，一个带电荷量为q的负点电荷，在大小为F的电场力的作用下，以某一初速度从a点运动到c点的过程中电势能增大W，则A. 负点电荷从a点运动到c点的过程中一定经过b点B. 匀强电场的电场强度大小为C. 匀强电场的电场强度大小为D. 若a点的电势为，则b点的电势为【答案】BD【解析】【详解】A.由于电荷的速度方向和电场方向均未知，所以电荷可能做曲线运动不经过b点到达达c点。故A错误。B.由电场强度的定义式可得电场强度为。故B正确
8、。C.电场的方向不一定沿ac方向，所以电场强度的大小不一定为。故C错误。D.因为ab=bc，所以电荷从a到b电势能的增加量等于电荷从b到c电势能的增加量，增加量为；从a到b有，化简可得。故D正确。8.2018年11月1日，我国第41颗北斗导航卫星“吉星”成功发射，该卫星工作在地球静止同步轨道上，可以对地面上的物体实现厘米级的定位服务。已知地球表面的重力加速度为g，半径为R，该卫星绕地球做圆周运动的周期为T。则下列说法正确的是A. 该卫星的发射速度大于第一宇宙速度，运行速度小于第一宇宙速度B. 该卫星做圆周运动的轨道半径为C. 该卫星运行的加速度大小为D. 该卫星运行的线速度大小为【答案】AD【
9、解析】【分析】第一宇宙速度是卫星的最小发射速度，也是卫星最大的环绕速度在地球表面上，物体的重力等于万有引力，卫星绕地球圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，由此列式求解【详解】A. 第一宇宙速度是卫星的最小发射速度，也是卫星最大的环绕速度。发射地球同步卫星，发射速度一定大于第一宇宙速度，运行速度小于第一宇宙速度，故A正确；B.用M表示地球的质量，在地球表面为m0的物体，有，m表示卫星的质量，r表示卫星的轨道半径，由万有引力定律和牛顿第二定律得，联立解得，故B错误；C. 由万有引力定律和牛顿第二定律得，代入B选项结论，故C错误；D. 由万有引力定律和牛顿第二定律得，代入B选项结论，v=，故D正确。
10、故选：AD三、非选择： 9.某探究小组为了研究小车的直线运动，用自制的“滴水计时器”计量时间。实验前，将该计时器固定在小车旁，如图甲所示。实验时，保持桌面水平，让小车在外力的作用下运动一段时间，滴水计时器等时间间隔地滴下小水滴，图乙记录了桌面上连续6个水滴的位置及它们之间的距离。已知滴水计时器从滴出第1个水滴开始计时，到滴出第26个水滴共用时10s。结果均保留两位有效数字.(1)水滴从滴到位置1至滴到位置6用时_s。(2)小车运动过程的加速度大小为_m/s2；水滴滴到位置5时，小车的速度大小为_m/s。【答案】 (1). 2.0 (2). 0.10 (3). 0.35【解析】【详解】（1）滴水
11、计时器从滴出第1个水滴开始计时，到滴出第26个水滴共用时10s，则滴水周期为 所以水滴从滴到位置1至滴到位置6用时为 （2）根据 可求得 根据中点时刻的速度等于平均速度可求得水滴滴到位置5时，小车的速度大小为 综上所述本题答案是：(1). 2.0 (2). 0.10 (3). 0.35【点睛】根据题意求出打点时间周期，并利用中点时刻的速度等于平均速度求解某点的速度，利用求解运动的加速度。10.某同学利用图甲所示的电路测量电流表的内阻RA（约为10和电源的电动勢E。图中R1和R2为电阻箱，S1和S2为开关，已知电流表的量程为100mA（1）断开S2，闭合S1，调节R1的阻值，使满偏；保持R1的阻
12、值不变，闭合S2，调节R2，当R2的阻值为52时的示数为40mA则电流表的内阻的测量值RA=_，该测量值_（填“大于”“小于”或“等于”）真实值。（2）保持S1闭合，断开S2，多次改变R1的阻值，并记录电流表的相应示数。若某次R1的示数如图乙所示，则此次R1的阻值为_。（3）利用记录的R1的阻值和相应的电流表示数I，作出I1R1图象，如图丙所示，利用图丙可求得E_V，（结果保留两位有效数字）【答案】 (1). （1）7.8 (2). 小于 (3). （2）120.6 (4). （3）9.3（9.1-9.4）【解析】【分析】(1)根据题意应用并联电路特点与欧姆定律求出电流表内阻；(2)电阻箱各旋
13、钮示数与对应倍率的乘积之和是电阻箱示数；(3)根据电路图应用闭合电路欧姆定律求出表达式，然后根据图示图象求出电源电动势。【详解】(1) 由题意可知，干电路电流不变为：Ig=100mA，流过电阻箱R2的电流：I2=Ig-IA=100mA-40mA=60mA，电流表内阻： ，当开关S2闭合后，并联部分的电阻减小，总电流偏大，所以流过流过电阻箱R2的电流应大于60mA，所以该测量值小于真实值；(2) 由图乙所示可知，电阻箱阻值为：1100+210+01+60.1=120.6；(3) 断开S2、闭合S1，由图示电路图可知，电源电动势：E=I（r+R1+RA），则： 图象的斜率：，解得：E9.3V。【点
14、睛】电阻箱各旋钮示数与对应倍率的乘积之和是电阻箱示数，要掌握常用器材的使用及读数方法；根据题意分析清楚电路结构、应用闭合电路的欧姆定律求出图象的函数表达式是解题的关键。11.如图所示，竖直固定在水平地面上的透气圆筒中有一劲度系数k50Nm的轻质弹簧，弹簧下端固定，上端连接一质量m1kg的薄板，圆筒内壁涂有一层ER流体，它对薄板的阻力可调。起初薄板静止，ER流体对其阻力为0，弹簧的长度l=1m、现有一质量M=2kg的物体从距地面h=2m处自由落下，与薄板碰撞后粘在一起向下做匀减速运动，当薄板下移距离s05m时速度减为0，忽略空气阻力，重力加速度g10ms2，最终结果可以用根式和分式表示，求（1）
15、在物体与薄板碰撞过程中，物体与薄板组成的系统损失的机械能（2）薄板下移距离时，ER流体对其阻力的大小。【答案】；41.7N【解析】【详解】（1）物体下落后做自由落体运动，与板碰前的速度：物体与板碰撞的过程动量守恒，设碰后的速度为：在碰撞的过程，由能量的转化与守恒可得：由以上方程可得：，（2）物体与板一起运动的加速度为，由运动学公式可得：碰撞前，弹簧的弹力为：板下移时，由牛顿第二定律可得：由以上方程可得：12.如图所示，竖直分界线MN左侧存在水平向右的匀强电场，右侧存在垂直纸面向外的匀强磁场，其磁感应强度大小B102T，P为电场中的一点，在其下方离P点距离处有一垂直于MN的足够大的板电场和磁场的范围足大，现将一重力不计、比荷Ckg的正电荷从P点由静止释放，经过t4s，电荷以的速度过MN第一次进人右侧磁场。求（1）P点到MN的距离及匀强电场的电场强度E的大小（2）电荷打到挡板的位置到MN的距离
