《河北省邯郸大名县第一中学2019届高三物理下学期模拟试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《河北省邯郸大名县第一中学2019届高三物理下学期模拟试题（含解析）（16页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、河北省邯郸大名县第一中学2019高三高考模拟理综物理试卷二、选择题1.某质点运动速度的平方v2随位移x变化的规律如图所示，关于该质点的运动情况，下列说法正确的是()A. 质点一定是做曲线运动B. 质点所受合外力可能是恒力C. 质点运动的加速度逐渐增大D. 质点的机械能一定是逐渐增大的【答案】C【解析】【详解】A、质点运动速度的平方随位移变化规律不是质点运动的轨迹，故A错误；B、根据知，图线切线斜率的大小等于，图线切线斜率增大，则加速度增大，根据牛顿第二定律知，合力增大，故B错误，C正确。D、质点的速度增大，动能增大，重力势能的变化未知，则无法判断机械能的变化，故D错误。2.如图甲所示，轻弹簧竖
2、直固定在水平面上，一质量为m = 0.2 kg的小球从弹簧上端某高度处自由下落，从它接触弹簧到弹簧压缩至最短的过程中（弹簧始终在弹性限度内），其速度v和弹簧压缩量x的函数图象如图乙所示，其中A为曲线的最高点，小球和弹簧接触瞬间的机械能损失不计，取重力加速度g = 10 m/s2，则下列说法中正确的是( )A. 该弹簧的劲度系数为20 N/mB. 当x = 0.3 m时，小球处于超重状态C. 小球刚接触弹簧时速度最大D. 从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大【答案】ABD【解析】当x=0.1m时，小球的重力等于弹簧对它的弹力，合力为零，小球的加速度为零，小球处于平衡状态，可得
3、：kx=mg，解得：k=mgx=0.2100.1N/m=20N/m，故A正确；由图可知，x=0.3m时，物体的速度减小，加速度向上，故说明物体处于超重状态，故B正确；由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，小球的重力大于弹簧对它的弹力，当x为0.1m时，小球的速度最大，然后速度减小，故C错误；图中的斜率表示加速度，则由图可知，从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大，故D正确。本题选不正确的，故选C。【点睛】根据图象可知，当x为0.1m时，小球的速度最大，加速度为零，此时重力等于弹簧对它的弹力，根据kx=mg求出k，小球和弹簧组成的系统只有重力和弹力做功，系统的机械能守恒。3.
4、如图所示，两个固定的等量异种电荷相距为4L，其连线中点为O，以O为圆心、L为半径的圆与两点电荷间的连线及连线的中垂线分别交于a、b和c、d。则A. a、b两点的电场强度大小相等，方向相反B. c、d两点的电场强度大小相等，方向相同C. 将一带正电的试探电荷从a点沿直线移到b点，其电势能先减小后增大D. 将一带正电的试探电荷从c点沿直线移到d点，其电势能先增大后减小【答案】B【解析】根据两等量异种点电荷电场特点，a、b两点的电场强度大小相同，方向相同，故A错误，B正确；将一带正电的试探电荷从a点沿直线移到b点，电场力一直做正功，故其电势能一直减小，选项C错误；cd连线上电势均为零，故 将一带正电
5、的试探电荷从c点沿直线移到d点，其电势能不变，选项D错误；故选B.点睛：本题关键是要明确两个等量异种电荷连线以及中垂线上的场强分布情况和电势分布情况，关键在于掌握电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场强度的大小，电场线的方向表示电势的高低，作出电场线，就能判断电势的高低.4.如图所示，正方形线框的左半侧处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向与线框平面垂直，线框的对称轴MN恰与磁场边缘平齐若第一次将线框从磁场中以恒定速度v1向右匀速拉出，第二次让线框绕轴MN以线速度v2匀速转过90.为使两次操作过程中线框产生的平均感应电动势相等，则()A. v1v22B. v1v22C. v1v212D. v
6、1v221【答案】A【解析】将线框从磁场中以恒定速度v1向右匀速拉出，则t1=L2v1=L2v1；让线框绕轴MN以线速度v2匀速转过90，角速度=2v2L，时间t2=2=L4v2，两次过程中产生的平均感应电动势为E1=t=BSt1，E2=t=BSt2，且E1=E2，即t2=t1，解得v1v2=2，A正确5.如图所示，光滑轨道由AB、BCDE两段细圆管平滑连接组成，其中AB段水平，BCDE段为半径为R的四分之三圆弧，圆心O及D点与AB等高，整个轨道固定在竖直平面内，现有一质量为m，初速度v0=10gR2的光滑小球水平进入圆管AB，设小球经过轨道交接处无能量损失，圆管孔径远小于R，则（小球直径略小
7、于管内径）A. 小球到达C点时的速度大小vC=3gR2B. 小球能通过E点且抛出后恰好落至B点C. 无论小球初速度v0为多少，小球到达E点时的速度都不能为零D. 若将DE轨道拆除，则小球能上升的最大高度与D点相距2R【答案】B【解析】A、小球从A至C过程，由机械能守恒定律得（以AB为参考平面）：12mv02=12mvC2mgR，将v0=10gR2代入得：vC=32gR2，故A错误；B、从A至E过程，由机械能守恒定律得：12mv02=12mvE2+mgR，解得 vE=2gR2从E点开始小球做平抛运动，则由x=vEt=2gR22Rg=R，小球能正好平抛落回B点，故B正确；C、因为是圆弧管，内管壁可
8、提供支持力，所以小球在E点速度可以为零，故C错误；D、若将DE轨道拆除，设小球能上升的最大高度为h，由机械能守恒得：12mv02=mgh，解得h=54R，故D错误。点睛：本题是平抛运动与机械能守恒定律的综合应用，它们之间的桥梁是速度要注意管子类型与轻杆类型相似，小球通过最高点时最小速度为零。6.如图所示。绕在铁芯上的线圈与电源、滑动变阻器和开关组成闭合回路。在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环A不计铁芯和铜环A之间的摩擦。则下列情况中铜环A会向右运动的是（）A. 线圈中通以恒定的电流B. 通电时，使滑动变阻器滑片P向右匀速移动C. 通电时，使滑动变阻器的滑片P向左加速移动D. 将开关突然断开的瞬
9、间【答案】C【解析】【分析】根据电路图可知，本题考查了电磁感应现象。根据感应电流产生的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化，来判断有没有感应电流产生。然后根据楞次定律判断出感应电流的方向，最后使用左手定则判断出环A受力的方向。【详解】A、线圈中通以恒定的电流时，线圈产生稳恒的磁场，穿过铜环A的磁通量不变，没有感应电流产生，环A不动。故A错误。B、通电时，使变阻器的滑片P作向右匀速滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，回路中电流减小，线圈产生的磁场减小，穿过铜环A磁通量减小，产生感应电流的磁场方向与原磁场的方向相同，二者相互吸引，故A向左运动。故B错误。C、通电时，使变阻器的滑片P作左加速滑动时，变阻
10、器接入电路的电阻减小，回路中电流增大，线圈产生的磁场增强，穿过铜环A磁通量增大，产生感应电流。感应电流的磁场方向与原磁场的方向相反，二者相互排斥，环A向右运动。故C正确。D、将电键突然断开的瞬间，线圈产生的磁场从有到无消失，穿过铜环A的磁通量减小，产生感应电流的磁场方向与原磁场的方向相同，原磁场为零A环将静止不动。故D错误。【点睛】该题考查安培定则、楞次定律和左手定则的应用，一定要理解三个定律（定则）的区别，能够正确使用它们。本题也可以使用楞次定律的推广形式来处理，该方法比较简单。7.宇宙中两颗靠得比较近的恒星,只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转,称之为双星系统。在浩瀚的银河系中,多数恒星都
11、是双星系统。设某双星系统A、B绕其连线上的O点做匀速圆周运动,如图所示。若AOOB,则( )A. 星球A的角速度一定大于B的角速度B. 星球A的质量一定小于B的质量C. 双星的总质量一定,双星之间的距离越小,其转动周期越大D. 双星之间的距离一定,双星的总质量越大,其转动周期越大【答案】B【解析】【详解】A、双星靠相互间的万有引力提供向心力，所以向心力相等；根据万有引力提供向心力公式得GmAmBL2=mA2rA=mB2rB，因为rBrA，所以mBmA，即B的质量一定大于A的质量;故A错误.B、双星系统角速度相等，根据v=r，且AOOB，可知，A的线速度大于B的线速度;故B正确.C、根据万有引力
12、提供向心力公式得：GmAmBL2=mA(2T)2rA=mB(2T)2rB，解得周期为T=2L3G(mA+mB)，可知双星间距离一定，双星的总质量越大，其转动周期越小;故C错误.D、根据周期为T=2L3G(mA+mB)，可知双星的总质量一定，双星之间的距离越大，转动周期越大;故D错误.故选B.【点睛】解决本题关键知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度以及会用万有引力提供向心力进行求解8.如图所示，虚线a、b、c为电场中的一簇等势线，相邻两等势面之间的电势差相等，等势线a上一点A 处，分别射出甲、乙两个粒子，两粒子在电场中的轨道分别交等势线c于B、C点，甲粒子从A到B的动能变化量的
13、绝对值是E，乙粒子从A到C动能变化量绝对值为12E。不计粒子的重力，由此可以判断（ ）A. 甲粒子一定带正电，乙粒子一定带负电B. 甲的电量一定为乙电量的2倍C. 甲粒子从A到B电场力一定做正功，乙粒子从A到C电场力一定做负功D. 甲在B点的电势能的绝对值一定是乙在C点电势能绝对值的2倍【答案】BC【解析】由轨迹图可知，两粒子所受的电场力方向相反，则两粒子一定电性相反，但是不一定是甲粒子一定带正电，乙粒子一定带负电，选项A错误；从A点到c等势面的电势差相等，根据Uq=Ek，因Ek甲=2Ek乙,可知q甲=2q乙，选项B正确；两粒子的动能均增加，则甲粒子从A到B电场力一定做正功，乙粒子从A到C电场
14、力一定也做正功，选项C错误；BC两点的电势相同，根据EP=q可知，甲在B点的电势能的绝对值一定是乙在C点电势能绝对值的2倍，选项D正确；故选BD.点睛：解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹的凹向判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、动能等物理量的变化三、非选择题9.在“探究弹力和弹簧伸长量的关系，并测量弹簧的劲度系数”的实验中，实验装置如图甲所示所用的每个钩码的重力相当于对弹簧提供了向右的恒定拉力实验时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端，每次测量相应的弹簧的总长度，并在图乙坐标纸上描出了弹簧所受的拉力与弹簧长度所对应的五个点，连接这些点就
15、得到一条图线 （1）由此图线可计算出该弹簧的劲度系数k_N/m；（2）该同学实验时，把弹簧水平放置与弹簧悬挂放置相比较，优点在于：_；缺点在于：_.【答案】 (1). 20 (2). 避免弹簧自身所受重力对实验的影响 (3). 弹簧与桌面及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差【解析】【详解】（1）描点作图，FL图线如图所示，当弹力为零时，弹簧的形变量为零，此时弹簧的长度等于弹簧的原长，则弹簧的原长L0=5cm根据胡克定律知，k=Fx，可知图线的斜率表示劲度系数，则k=Fx=1.60.08N/m=20N/m；（2）优点是可以避免弹簧自身所受重力对实验的影响，从而减小实验误差；缺点是弹簧与桌面及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差。10.某研究小组收集了两个电学元件：电阻R0(约为2 k)和手机中的锂电池(电动势E标称值为3.7 V，允许最大放电电流为100 mA)实验室备有如下器材：A电压表V(量程3 V，电阻RV约为4.0 k
