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1、河北省邢台市第一中学2017-2018学年高一下学期第二次月考物理试题一、选择题：1. 从地面整直上抛一个质量为m的小球，小球上升的最大高度为H，设上升过程中空气阻力Ff恒定。在小球从抛出到上升至最高处的过程中，下列说法正确的是A. 小球的动能减少了mgH B. 小球的机械能减少FfHC. 小球的重力势能增加了FfH D. 小球的动能减少了FfH【答案】B【解析】由动能定理可知，小球动能的减少量EK=（mg+Ff）H，故AD错误。小球机械能的减少量等于克服空气阻力所做的功，即W=FfH，故B正确；小球重力势能增加量为EP=mgH；故C错误；故选B。点睛：本题考查机械能守恒定律的应用，要注意明确
2、重力做功不改变物体的机械能，除重力或弹力之外的力做功可以改变物体的机械能；从能量转化的角度分析问题、应用动能定理即可正确解题2. 如图所示，两个质量相等的物体A、B处在同一水平线上，当物体A被水平拋出的同时，物体B开始自由下落，图中曲线AC为物体A的运动轨迹，直线BD为物体B的运动轨迹，两轨迹相交于0点，不计空气阻力，则下列说法不正确的是A. 两物体在0点时的速度相同B. 两物体在0点相遇C. 两物体在0点时的动能不相等D. 两物体在O点时重力的功率相等【答案】A【解析】试题分析：A、物体A做平抛运动，水平方向匀速直线，竖直方向自由落体；物体B自由落体运动，由于A有水平方向的初速度，而竖直方向
3、与B具有相同的速度，故A物体的速度大于B物体的速度；错误B、物体A竖直方向自由落体，物体B自由落体运动，由题知两物体到达O点的时间相等；正确C、由选项A的分析知，在O点时A的动能大于B的动能；正确D、重力在O点的功率为，因竖直分速度相等，故O点处重力的功率相等；正确故选BCD考点：平抛运动点评：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据分运动与合运动具有等时性，可知谁先到达O点根据比较重力的瞬时功率。3. 如图所示，滑块以初速度滑上表面粗糙的固定斜面，到达最高点后又返回到出发点则下列能大致描述滑块整个运动过程中的速度 v、加速度 a、动能 Ek、重力对滑块所做的功W与
4、时间t或位移x之间关系的图象是（取初速度方向为正方向）A. B. C. D. 【答案】D【解析】物体上滑时的加速度大小 a1=gsin+gcos，方向沿斜面向下下滑时的加速度大小 a2=gsin-gcos，方向沿斜面向下，则知a1a2，方向相同，均为负方向因v-t线的斜率等于加速度，可知选项AB错误；动能是标量，不存在负值故C错误重力做功W=-mgh=-mgxsin，故D正确故选D.点睛：解决本题的关键根据牛顿第二定律得出上滑和下滑的加速度，判断出物体的运动情况要通过列方程分析图象的物理意义4. 如图所示，一质量为m的小球，用长为L的轻绳悬挂于0点，小球在水平力F作用下，从平衡位置P点很缓慢地
5、移到Q点。此时悬线与竖直方向夹角为，则拉力F所做的功为A. FLcos B. FLsinC. mgLcos D. mgL(1-cos)【答案】D【解析】小球从平衡位置P点缓慢地移动到Q点的过程中，动能的变化量为零，根据动能定理得：WF-mgL（1-cos）=0 ，得拉力F所做的功为：WF=mgL（1-cos）。故D正确，ABC错误。故选D。点睛：本题要求学生能正确理解功的公式W=Flcos适用条件：F为恒力或变力的平均值，对于变力，运用动能定理求变力做功是常用的方法。5. 如图所示，在光滑的水平板的中央有一光滑的小孔，一根不可伸长的轻绳穿过小孔。绳的两端分别拴有一小球C和一质量为m的物体B，在
6、物体B的下端还悬挂有一质量为3m的的体A使小球C在水平板上以小孔为圆心做匀速圆周运动，稳定时，圆周运动的半径为R，现剪断A与B之间的绳子，稳定后，小球以2R的半径在在水平面上做匀速圆周运动，则下列说法正确的A. 剪斯A、B间的绳子后，B和C组成的系统机械能增加B. 剪断A、B间的绳子后，小球C的机械能不变C. 剪斯A、B间的绳子后，绳子对小球C做功mgRD. 剪斯A、B的绳子的前，小球C的动能为2mgR【答案】D【解析】剪断连接A、B的绳子后，对B和C组成的系统，只有B的重力对系统做功，所以B和C组成的系统机械能守恒。故A错误；剪断连接A、B的绳子后，C的运动半径增大的过程中，绳子的拉力对C做
7、负功，C的机械能减小，故B错误；剪断连接A、B的绳子前，根据牛顿第二定律得：T=3mg+mg=mC，C的动能 EkC=mvc2；联立两式得；EkC=2mgR；剪断连接A、B的绳子后，根据牛顿第二定律得：T=mg=mC，C的动能 EkC=mvc2，联立两式得；EkC=mgR则物体B对小球做功为-mgR，故C错误，D正确；故选D。点睛：该题本题的关键知道圆周运动向心力的来源，知道剪断绳子后，对B和C组成的系统，只有B的重力对系统做功，所以B和C组成的系统机械能守恒6. 质量为m的人造地球卫星与月心的距离为时，重力势能可表示为，其中G为引力常量，M为月球质量。若“嫦娥三号”在原来半径为的轨道上绕月球
8、做匀速圆周运动，由于受到及稀薄空气的摩擦作用，飞行一段时间后其圆周运动的半径变为，已知：月球半径为R，月球表面的重力加速度为g0，地球表面的重力加速度为g，此过程中因摩擦而产生的热量为A. B. C. D. 【答案】D【解析】卫星做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，则轨道半径为R1时，有： 卫星的引力势能 轨道半径为R2时有： 卫星的引力势能 设摩擦力而产生的热量为Q，根据能量守恒得：mv12+Ep1mv22+Ep2+Q，由黄金代换式得，GM=g0R2 联立得，Q=，故D正确，ABC错误。故选D。7. 如图所示是具有登高平台的消防车，具有一定质量的伸缩臂能够在5min内使承载4人的登高
9、平台（人连同平台的总质量为400）上升60m到达灭火位置。此后，在登高平台上的消防员用水炮灭火，已知水炮的出水量为3m/min。水离开炮口时的速率为20m/s，则用于A. 水炮工作的发动机输出功率约为1104WB. 水炮工作的发动机输出功率约为4104WC. 水炮工作的发动机输出功率约为2.4104WD. 伸缩臂抬升高平台的发动机输出功率约为800W【答案】B【解析】试题分析：水炮发动机做的功为水增加的动能与重力势能之和，伸缩臂在抬升等高平台的同时也将本身也抬高了，计算做功时，需要计算这部分功，结合根据公式分析伸缩臂将人与平台抬高60m，用时5min，同时伸缩臂也有质量，设为M，则其输出功率为
10、，D错误；水炮工作的发动机首先将水运至60m高的平台，然后给水20m/s的速度，即做的功等于水增加的动能与重力势能之和，每秒射出水的质量为，故，功率为，B正确AC错误8. 自动充电式电动车就是很好的一例，电动车的前轮装有发电机，发电机与蓄电池连接。当在骑车者用力蹬车或电动自行车自动滑行时，自行车就可以连通发电机向蓄电池充电，将其他形式的能转化成电能储存起来。现有某人骑车以500J的初动能在粗糙的水平路面上滑行，第一次关闭自充电装置，让车自由滑行，其动能随位移变化关系如图所示；第二次启动自充电装置，其动能随位移变化关系如图线所示，则第二次向蓄电池所充的电能是A. 200J B. 250J C.
11、300J D. 500J【答案】A考点：动能定理 功能关系9. 如图，一质量为M的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内，套在大环上质量为m的小环(可视为质点)，从大环的最高处由静止滑下.重力加速度大小为g，当小环滑到大环的最低点时，大环对轻杆拉力比初始时A. 增加了5mg B. 减小了5mgC. 增加了4mg D. 减小了4mg【答案】C【解析】试题分析:初始时；小圆环到达大圆环低端时满足：，对小圆环在最低点，有牛顿定律可得：；对大圆环，由平衡可知：，解得，拉力的差值，故C正确，A、B、D错误。考点：向心力10. 如图为U型池模型，其中A、B为U型池两侧边缘，C为U型池最低点，U型池轨道各处
12、粗糙程度相同.一小球在池边高h处自由下落由左侧进入池中，从右侧飞出后上升的最大高度为h/2，下列说法正确的是A. 小球再次进入池中后，能够到达A点上方h处B. 小球再次进入池中后，刚好到达左侧边缘A然后返回C. 小球再次进入池中后，不能冲出左侧边缘A然后返回D. 小球再次进入池中后，能够冲出左侧边缘A然后返回【答案】D【解析】小球在池边高h处自由下落由左侧进入池中，从右侧飞出后上升的最大高度为h/2，此过程损失的机械能为mg；小球再次返回时，平均速率要小于由左侧进入池中过程中的平均速率，则平均摩擦力要小，克服阻力做功小于上一次，则阻力做的功小于mg；故小球再次进入池中后，能够冲出左侧边缘A然后
13、返回，且上升的高度小于，故ABC错误，D正确；点睛：本题主要是考查能量守恒定律，解答本题要知道小球在圆弧中运动过程中的平均速率越大，平均压力也越大，平均摩擦力就大，克服摩擦力做的功也越大，由此分析能量的损失情况。11. 滑块以速率v1冲上斜面，当它回到斜面底端时速率为v2，且v2v1，若滑块向上运动的位移中点为A，取斜面底端重力势能为零，则A. 上滑时机械能减小量等于下滑时机械能的减少量B. 上滑时机械能减小量小于下滑时机械能的减少量C. 上滑过程中动能和重力势能相等的位置在A点上方D. 下滑过程中动能和重力势能相等的位置在A点【答案】AC【解析】由v2v1可知，斜面与滑块间有摩擦，滑块无论上
14、升还是下降时，都有机械能损失，且大小均为fL，故A正确，B错误；上升过程，在最低点，机械能为：E1=mv12；在最高点，机械能为：E2=mgh；在中点A处，机械能为：EA=mvA2+mgh，滑块在斜面中点A的速度vA=，动能为mvA2=E1，重力势能为E2，由于E1E2，故动能大，所以上升过程中动能和重力势能相等的位置在A点上方，故C正确；下滑到中点A时的动能为EkA从最高点到A点物体克服摩擦力做功为W。根据能量守恒定律得：mgh=mg+EkA+W；则得：mg=EkA+W，A点的重力势能为：EPA=mg，可知，EPAEkA，物体下滑过程，重力势能减小，动能增加，所以下降过程中动能和势能相等的位
15、置在A点下方。故D错误。故选AC。点睛：本题应注意物体上升和下降时均做匀速直线运动，利用匀变速直线运动公式求出位移中点A时的速度，可以直接表示出中点处的动能；同时本题没有直接找出相等的点，而是先比较A点时的动能和势能再确定相等点的位置，此点由选项应该能判断出来12. 如图所示，M为固定在水平桌面上的有缺口的方形木块，abcd为半径是R的四分之三光滑圆弧形轨道，a为轨道最高点，de面水平且有一定长度.今将质量为m的小球在d点的正上方高为h处由静止释放，其自由下落到d处切入轨道内运动，不计空气阻力.则以下正确的是A. 调节h，可以使小球经过轨道后返回释放点B. 无论怎样改变h，都不可能使小球通过a点后落回轨道内C. 调节h，可以使小球通过a点做自由落体运动D. 只要改变h，就能使小球通过a点后，既可以落回轨道内又可以落到de面上【答案】AB【解析】若调节h使得小球进入轨道后能在bd以下运动，则可使小球经过轨道后返回释放点，选项A正确；小球恰能通过a点的条件是小球的重力提供向心力，根据牛顿第二定律：mg=m，解得：v=；根据动能定
