《精校Word版---2018-2019学年福建省三明市三地三校高二上学期期中联考物理解析版》由会员分享，可在线阅读，更多相关《精校Word版---2018-2019学年福建省三明市三地三校高二上学期期中联考物理解析版（19页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、 绝密启用前福建省三明市三地三校2018-2019学年高二上学期期中联考物理试题评卷人得分一、单选题1带电量分别2Q和+4Q的两个完全相同的金属小球，相距为L（L远大于小球半径）时相互作用力的大小为F现把两个小球互相接触后放置在距离为L的地方，则现在两个小球之间的相互作用力大小为（ ）A 2F B 4F C D 【答案】C【解析】【详解】未接触前，据库仑定律得；两球接触后两球的带电量，两球间的相互作用力。故C项正确，ABD三项错误。【点睛】带异种电荷的相同金属小球接触后，两小球所带电荷先中和再平分。2关于静电场下列说法中正确的是A 在电场中某点的电势为零，则该点的电场强度一定为零B 由公式可知
2、电场中某点的电势与q成反比C 根据公式UabEd可知，在匀强电场中两点a、b间的距离越大，电势差就越大D 正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少【答案】D【解析】试题分析：A、电场中的电势反映能的性质，电场强度反映力的性质，两者无必然联系，如等量异种点电荷的连线中点电势为零，而场强不为零，故A错误；B、由电势的比值定义式可知，电势与、无关，故B错误；C、匀强电场中的电压计算式UabEd中，其中为两点沿着电场线的距离，可以是两点距离大，但沿电场线的距离很小，从而电势差很小，故C错误；D、由可知，电势降低时，电势能减小，故D正确。故选:D.考点：本题考查了电势、电势能、电场强度的关系.
3、3在静电场中，一个电子由a点移到b点时电场力做功为+4 eV，则下列判断中正确的是（ ）A 电子的电势能增加4 eVB 电子的电势能减少4 eVC 电子的电势能减少5 eVD a、b两点间电势差Uab=4 V【答案】B【解析】【详解】ABC：一个电子由a点移到b点时电场力做功为+4 eV，电子的电势能减少4 eV。故B项正确，AC两项错误。D：a、b两点间电势差，故D项错误。4如图所示，带电粒子在电场中由A点运动到B点，图中实线为电场线，虚线为粒子运动轨迹，则下列说法判断错误的是（ ）A 该带电粒子带正电B A处电势比B处电势高C 从A到B的运动过程中，电场力做负功，动能减少D 该粒子从A到B
4、的过程中加速度增大，速度也增大【答案】C【解析】【详解】A：电场力的方向沿电场线的切线，又粒子做曲线运动，电场力指向轨迹的凹侧，则粒子在A点的受力如图，粒子带正电。故A项正确。B：过B点作等势面如图，顺着电场线电势降低，则A处电势比B处电势高。故B项正确。C：从A到B的运动过程中，电场力方向与运动方向成锐角，电场力做正功，粒子动能增大，速度增大。故C项错误。D：粒子从A向B运动，电场线变得密集，粒子所受电场力增大，粒子的加速度增大，又据C项分析知，粒子速度增大。故D项正确。本题选错误的，答案是C。【点睛】等势面和电场线垂直，顺着电场线电势降低。5电流表的内阻是，满刻度电流值是，现欲把这个电流表
5、改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是（ ）A 应串联一个约500的电阻 B 应并联一个约500的电阻C 应串联一个约0.05的电阻 D 应并联一个约0.05的电阻【答案】B【解析】把电流表改装成1V电压表，需要串联一个分压电阻，串联电阻阻值：；故选B6如图所示，a、b是等量异种点电荷连线的中垂线上的两点，现将某检验电荷分别放在a、b两点，下列说法中正确的是( )A 受到电场力大小相等，方向相同B 受到电场力大小相等，方向相反C 受到电场力大小不相等，方向相反D 受到电场力大小不相等，方向相同【答案】D【解析】试题分析：由图可知看出：a处电场线密，电场强度大两点的电场线的切线方向相同，所以
6、电场强度方向相同，放入同种检验电荷，受到的电场力大小不等，方向相同故选D考点：等量异种电荷的电场.7如图所示，a、b、c为电场中同一条水平方向电场线上的三点，c为ab的中点，a、b电势分别为a=5V、b=3V下列叙述正确的是（）A 该电场在c点处的电势一定为4 VB a点处的场强Ea一定大于b点处的场强EbC 一正电荷从c点运动到b点电势能一定减少D 一正电荷运动到c点时受到的静电力由c指向a【答案】C【解析】当该电场是匀强电场时，由公式U=Ed知沿电场方向相同距离电势差相等，则电场在c点处的电势一定为4V当该电场不是匀强电场时，在c点处的电势不一定为4V故A错误；一条电场线无法比较电场线的疏
7、密，就无法比较场强的大小，则a点处的场强Ea不一定大于b点处的场强Eb故B错误。由题，a点的电势高于b点的电势，根据正电荷在电势高处电势能大可知，正电荷从c点运动到b点电势能一定减少。故C正确。由题可判断电场线方向从a指向c，正电荷运动到c点时受到的静电力由a指向c。故D错误。故选C。点睛：本题关键要抓住电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场的强弱，电场线的方向表示电势的高低在匀强电场中沿任意方向相同距离电势差相等。8某匀强电场方向竖直向上，场强大小为E；一质量为m、带电量为+q的小球以某一初速度竖直向下做匀减速直线运动，其加速度大小为a=小球运动距离S时速度变为零则在此过程中（ ）A 电场力
8、做功qESB 小球的电势能增加了C 小球的重力势能减少了qESD 物体的动能减少了qES【答案】D【解析】【详解】对小球受力分析，由牛顿第二定理可得：，解得：。AB：电场力做功，电势能增加了。故AB两项均错误。C：重力做功，小球的重力势能减少了。故C项错误。D：据动能定理，则物体的动能减少了。故D项正确。9如图甲所示，在一条电场线上有A、B两点，若从A点由静止释放一电子，假设电子仅受电场力作用，电子从A点运动到B点的速度-时间图像如图乙所示，则（ ）A 电子在A、B两点受的电场力B A、B两点的电场强度C A、B两点的电势D 电子在A、B两点具有的电势能【答案】BC【解析】电子从A点运动到B点
9、，由图象知斜率越来越小，加速度越来越小，电子受到电场力越来越小，A错。场强也越来越小，B对。从A到B速度增大，动能增大，电势能减小，D错。负电荷电势高处电势能低，C对。10如图，当K闭合后，一带电微粒（重力不可忽略）在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（ ）A 保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止B 保持K闭合，使P滑动片向右滑动，微粒向下移动C 打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动D 打开K后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止【答案】AD【解析】试题分析：保持K闭合，电容器板间电压不变，使滑动片P向左或向右滑动，板间距离不变，则由分析得知，板间场强仍保持不变，带电微粒所受的
10、电场力不变，仍处于静止状态故A正确，B错误由，得到极板间场强，E与板间距离无关，故使两极板靠近，板间场强不变，带电微粒所受的电场力不变，则带电微粒仍处于静止状态，故C错误,D正确故选AD考点：闭合电路的欧姆定律；电容【名师点睛】本题关键要抓住不变量进行分析：电容器与电源保持相连，板间电压保持不变；充电后与电源断开后，电量不变电量、正对面积不变时，改变板间距离，板间场强不变。评卷人得分二、多选题11在固定的点电荷Q形成的电场中，有一个检验电荷q（已知电荷只受电场力作用）则下列正确的是（ ）A 如果q为正电荷，且由静止释放，其运动轨迹一定与电场线重合B 若Q与q为异种电荷，则给q一定的初速度，q可
11、能绕Q做匀速圆周运动C q可能做匀速直线运动D 若Q与q为同种电荷，则q一定做加速度减小的变加速直线运动【答案】AB【解析】【详解】A：在固定的点电荷Q形成的电场中，如果q为正电荷，且由静止释放，则电荷沿电场力方向加速运动，点电荷Q形成电场的电场线是直线，其轨迹与电场线重合。故A项正确。B：若Q与q为异种电荷，则给q一定的初速度，使库仑引力等于所需要的向心力，q绕Q做匀速圆周运动。故B项正确。C：q在Q的电场中一定受电场力，q所受合力不等于0，q不可能做匀速直线运动。故C项错误。D：若Q与q为同种电荷，q受到库仑斥力。若是由静止开始释放，q一定做加速度减小的变加速直线运动；若q有初速度，q可能
12、做曲线运动。故D项错误。12如图所示，有三个质量相等，分别带正电、带负电和不带电的小球，从平行板电场的中点以相同的初速度垂直于电场方向进入电场，它们分别落在A、B、C三点，下列说法不正确的是() A 落在A点的小球带正电，落在B点的小球不带电B 三个小球在电场中运动的时间相等C 三个小球到达极板时的动能关系为D 三个小球在电场中运动时的加速度关系为【答案】BD【解析】试题分析：不带电的小球只受重力作用，做平抛运动，带负电的小球做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的小球做加速度比重力加速度小的类平抛运动由此根据平抛和类平抛运动规律求解在平行金属板间不带电小球、带正电小球和带负电小球的受力如
13、图所示：由此可知不带电小球做平抛运动的加速度为，带正电小球做类平抛运动的加速度为，带负电小球做类平抛运动的加速度为；根据题意，三小球在竖直方向都做初速度为0的匀加速直线运动，球到达下极板时，在竖直方向产生的位移h相等，据得三小球运动时间，正电荷最长，不带电小球次之，带负电小球时间最短，B错误；三小球在水平方向都不受力，做匀速直线运动，则落在板上时水平方向的距离与下落时间成正比，故水平位移最大的A是带正电荷的小球，B是不带电的小球，C带负电的小球故A正确； 根据动能定理，三小球到达下板时的动能等于这一过程中合外力对小球做的功由受力图可知，带负电小球合力最大为G+F，做功最多动能最大，带正电小球合
14、力最小为G-F，做功最少动能最小，故有，C正确；因为A带正电，B不带电，C带负电，所以，所以，D错误第II卷（非选择题）请点击修改第II卷的文字说明评卷人得分三、实验题13现用伏安法研究某电子器件R1的（6 V，2.5 W）伏安特性曲线，要求特性曲线尽可能完整（直接测量的变化范围尽可能大一些），备有下列器材：A直流电源（6 V，内阻不计）；B电流表G（满偏电流3 mA，内阻Rg=10 ）；C电流表A（00.6 A，内阻未知）；D滑动变阻器（020 ，10 A）；E滑动变阻器（0200 ，1 A）；F定值电阻R0（阻值1 990 ）；G开关与导线若干；（1）根据题目提供的实验器材，请你设计出测量电子器件R1伏安特性曲线的电路原理图（R1可用“”表示）_。（2）在实验中，为了操作方便且能够准确地进行测量，滑动变阻器应选用_。（填写器材序号）（3）将上述电子器件R1和另一电子器件R2接入如图（甲）所示的电路中，它们的伏安特性曲线分别如图（乙）中Ob、Oa所示电源的电动势E=6.0 V，内阻忽略不计。调节滑动变阻器R3，使电阻R1和R2消耗的电功率恰好相等，则此时电阻R1和R2阻值的和为_，R3接入电路的阻值为_。【答案】（1） E ， BC 各1分（2）如图(6分)G当R0串联，且电路连接正确
