《西藏拉萨北京实验中学2019届高三物理上学期第一次月考试题(含解析)》由会员分享，可在线阅读，更多相关《西藏拉萨北京实验中学2019届高三物理上学期第一次月考试题(含解析)（12页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、西藏拉萨北京实验中学2019届高三上学期第一次月考物理试题一、选择题（共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）1.下列说法中正确的是（ ）A. 铀核裂变的某种核反应方程是B. 已知质子、中子、粒子的质量分别为m1、m2、m3，那么2个质子和2个中子结合成一个粒子，释放的能量是C. 卢瑟福通过粒子散射实验验证了在原子核内部存在质子D. 一群处于能级态的氢原子，自发向低能级跃迁的过程中能辐射12种不同频率的电磁波【答案】B【解析】【详解】A. 铀核裂变的核反应是：是，两边中子不
2、能约。故A错误；B. 质子、中子、粒子质量分别为m1、m2、m3，质子和中子结合成一个粒子，释放能量是(2m1+2m2m3)c2.故B正确；C. 卢瑟福通过粒子轰击氮核得到质子，实验验证了在原子核内部存在质子，故C错误；D. 根据波尔理论，一群处于n=4能级态的氢原子，自发向低能级跃迁的过程中能辐射6种不同频率的电磁波，故D错误。故选：B。2.如图所示，重物的质量为m，轻细绳AO的A端和BO的B端固定，平衡时BO水平，AO与竖直方向的夹角为60AO的拉力F1、BO的拉力F2和物体重力的大小关系是（）A. F1mg B. F1=mg C. F2mg D. F2=mg【答案】A【解析】试题分析：对
3、结点O受力分析，根据平行四边形定则比较绳子拉力和重力的大小关系对O点受力分析，根据共点力平衡得，F1=mgcos60=2mgmg，F2=mgtan60=3mgmg，故A正确3.如图所示，光滑绝缘水平轨道上带正电的甲球，以某一水平速度射向静止在轨道上带正电的乙球，当它们相距最近时，甲球的速度变为原来的15。已知两球始终未接触，则甲、乙两球的质量之比是A. 1：1 B. 1：2 C. 1：3 D. 1：4【答案】D【解析】甲、乙组成的系统动量守恒，当两球相距最近时具有共同速度v，由动量守恒：m甲v0=(m甲+m乙)v05解得：m乙=4m甲，故D正确，ABC错误。故选：D。点睛：A、B组成的系统动量
4、守恒，当两球相距最近时具有共同速度，由动量守恒求解。4.有一物体沿直线运动，其 vt图像如图所示，则下列说法正确的是（ ）A. 第 1s内物体所受的合外力大小不变B. 01s内的加速度小于35s内的加速度C. 从第3s末到第5s末物体的加速度逐渐减小D. 从第5s末到第7s末物体的速度逐渐减小【答案】A【解析】速度时间图像的斜率表示加速度，0-1s内斜率恒定，加速度恒定，所以合力大小恒定，其加速度大小为a1=v01，35s内斜率恒定，加速度恒定，其加速度大小为a2=2v04a1，A正确BC错误；从第5s末到第7s末物体的速度反向增大，D错误【点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负
5、表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移5.如图所示,实线和虚线分别表示某电场的电场线和等势线,下列说法中正确的是( ) A. c点场强大于a点场强B. c点电势低于a点电势C. c、b两点间的电势差等于c、a两点间的电势差D. 若将一试探电荷+q由a点移动到b点,电场力做正功【答案】C【解析】a点的电场线比c点电场线密，可知a点的场强大于c点的场强，故A错误沿电场线方向电势逐渐降低，可知c点的电势高于a点电势，故B正确因为b、a两点电势相
6、等，可知c、b两点间的电势差等于c、a两点间的电势差，故C错误a、b两点电势相等，将一试探电荷+q由a点移动到b点，电场力不做功，故D错误故选B点睛：解决本题的关键知道电场线的疏密表示电场的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低，以及知道电荷在等势面上移动，电场力不做功6.2017年9月13日，苹果在乔布斯剧院正式发布旗下三款iPhone新机型，除了常规的硬件升级外，三款iPhone还支持快充和无线充电。图甲为兴趣小组制作的无线充电装置中的受电线圈示意图，已知线圈匝数n=100、电阻r=1、横截面积S=1.510-3m2，外接电阻R=7。线圈处在平行于线圈轴线的匀强磁场中，磁场的磁感应强度随时间变化如
7、图乙所示，则A. 在t=0.01s时通过R的电流发生改变B. 在t=0.01s时线圈中的感应电动势E=0.6VC. 在00.02内通过电阻R的电荷量q=1.510-3CD. 在0.020.03s内R产生的焦耳热为Q=1.810-3J【答案】BC【解析】A项：根据“楞次定律”可知，在0-0.01s内电流方向和在0.01-0.02s内电流方向不变，故A错误；B项：根据“法拉第电磁感应定律”可知：E=nt=nBSt=10041.5103V=0.6V，故B正确；C项：在00.02内，产生的感应电流为I=ER+r=0.67+1A=0.075A，电荷量为q=It=0.0750.02C=1.5103C ，故
8、C正确；D项：在0.020.03s内，产生的感应电动势为E=nt=nBSt=10081.5103V=1.2V，产生的感应电流为I=ER+r=1.27+1A=0.15A，R上产生的焦耳热为Q=I2Rt=0.15270.01J=1.575103J，故D错误。7.如图所示,竖直平面内有一固定的光滑轨道ABCD，其中倾角为=370的斜面AB与半径为R的圆弧轨道平滑相切于B点，CD为竖直直径，O为圆心。质量为m的小球（可视为质点）从与B点高度差为h的位置A点沿斜面由静止释放。重力加速度大小为g，sin37= 0.6, cos370=0.8，则下列说法正确的是（ ）A. 当h= 2R时,小球过C点时对轨逍
9、的压大小为27mg/5B. 当h= 2R时,小球会从D点离开圆弧轨道做平拋运动C. 当h= 3R时，小球运动到D点时对轨道的压力大小为1.4mgD. 调整h的值，小球能从D点离开圆弧轨道，并能恰好落在B点.【答案】AC【解析】A、当h= 2R时，从A到C的过程：由动能定理mg(h+RRcos)=12mvC20，在C点由牛顿第二定律得NCmg=mvC2R，解得NC=27mg5，由牛顿第三定律得：小球在刚过C点时对轨道的压力大小为27mg5，故A正确；B、小球会从D点离开圆弧轨道做平拋运动的条件是vmingR，从A到D的过程：由动能定理mg(hRRcos)=12mvD20，解得vD=25gRgR，
10、所以小球不会从D点离开圆弧轨道做平拋运动，故B错误；C、当h= 3R时，解得vD=125gR，在D点由牛顿第二定律得ND+mg=mvD2R，解得ND=75mg，所以，由牛顿第三定律得小球运动到D点时对轨道的压力大小为1.4mg，故C正确；D、小球从D点离开圆弧轨道做平抛运动，则有R+Rcos53=12gt2，解得t=18R5g，小球水平方向的位移x=vtvmint=185R，大于Rsin37，所以小球能从D点离开圆弧轨道，不能恰好落在B点，故D错误；故选BC。【点睛】本题是牛顿运动定律与机械能守恒定律的综合题，解决本题的关键根据该规律得出压力F和小球会从D点离开圆弧轨道做平拋运动的条件是vmi
11、ngR。 8.质量为m、电荷量为q的微粒以速度v与水平方向成角从O点进入竖直平面内方向如图所示的正交匀强电场和匀强磁场组成的混合场区，该微粒只在电场力、洛伦兹力和重力的共同作用下，恰好沿直线运动到A，下列说法中正确的是() A. 该微粒一定带负电B. 微粒从O到A的运动可能是匀变速运动C. 该磁场的磁感应强度大小为mgqvcosD. 该电场的场强为Bvcos 【答案】AC【解析】A、若粒子带正电，电场力向左，洛伦兹力垂直于OA线斜向右下方，则电场力、洛伦兹力和重力不能平衡若粒子带负电，符合题意所以A正确B、粒子如果做匀变速运动，重力和电场力不变，而洛伦兹力变化，粒子不能沿直线运动，与题意不符故
12、B错误D、粒子受力如图：由图qE=qvBsin，所以E=Bvsin故D错误；C、由平衡条件得qvBcos=mg，B=mgqvcos，故C正确；故选AC【点睛】本题是带电粒子在复合场中运动的问题，考查综合分析和解决问题的能力，要抓住洛伦兹力与速度有关的特点二、实验题（共15分）9.在做“研究匀变速直线运动”的实验中：(1)实验室提供了以下器材：打点计时器、一端附有滑轮的长木板、小车、纸带、细绳、钩码、刻度尺、导线、交流电源、复写纸、弹簧测力计，其中在本实验中不需要的器材是_(2)如图所示是某同学由打点计时器得到的表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点间还有四个点没有画出，打点计时器打
13、点的时间间隔T0.02s，其中x17.05cm、x27.68cm、x38.33cm、x48.95cm、x59.61cm、x610.26cm. 下表列出了打点计时器打下B、C、F时小车的瞬时速度，请在表中填入打点计时器打下E点的小车的瞬时速度_.(3)以A点为计时起点，在坐标图中画出小车的速度时间关系图线_ (4)根据你画出的小车的速度-时间关系图线计算出的小车的加速度a_m/s2.【答案】 (1). 弹簧测力计 (2). 0.928 (3). (4). (0.640.01)【解析】（1）本实验中不需要测量力的大小，因此不需要的器材是弹簧测力计；（2）由于纸带上两相邻计数点间还有四个点没有画出，
14、故相邻两个计数点间的时间为T=0.1s；根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度知：vD=x3+x42T=(8.33+8.95)102m20.1s=0.864m/s 同理可得：vE=x4+x52T=(8.95+9.61)102m20.1s=0.928m/s；（3）根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4x1=3a1T2 x5x2=3a2T2x6x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=13（a1+a2+a3）=(x4+x5+x6)(x1x2x3)9T2=0.64m/s2。点睛：本题考查了有关纸带处理的基本知识，平时
15、要加强基础实验的实际操作，提高操作技能和数据处理能力，要注意单位的换算和有效数字的保留，同时注意利用图象来解决问题。10.在“测定金属的电阻率”的实验中：(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，其示数如图所示，则该金属丝直径的测量值d=_mm； (2)按图所示的电路图测量金属丝的电阻Rx（阻值约为15）。实验中除开关、若干导线之外还提供下列器材：电压表V（量程03V，内阻约3kW）；电流表A1（量程0200mA，内阻约3W）；电流表A2（量程00.6A，内阻约0.1W）；滑动变阻器R1（050W）；滑动变阻器R2（0200W）； 电源E（电动势为3.0V，内阻不计）。为了调节方便，测量准确，实验中电流表应选_，滑动变阻器应选_
