《河南省中原名校联盟2017届高三物理上学期第二次联合考试试题(含解析)》由会员分享，可在线阅读，更多相关《河南省中原名校联盟2017届高三物理上学期第二次联合考试试题(含解析)（13页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、中原名校20162017学年上期第二次联合考试高三物理试题一、选择题：本题共10小题。在每小题给出的四个选项中，第16题只有一个选项正确，第710题有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分。有选错的得0分1. 一个物体在一条直线上做匀加速直线运动，运动一段时间后先后经过直线上的A、B两点，已知A、B间的距离为4 m，物体运动的加速度大小为2 m/s2，则物体到达B点时的速度大小可能为A. 5.5m/s B. 4 m/s C. 3.5 m/s D. 2.5 m/s【答案】A【解析】设物体在A、B两点速度分别为，则有，解得，因为，则，故A正确2. 如图所示，长为L的硬杆A一端固定一个质
2、量为m的小球B，另一端固定在水平转轴O上，硬杆可绕转轴O在竖直平面内缓慢转动则在硬杆与水平方向的夹角从0增大到90的过程中，下列说法正确的是A. 小球B受到的合力方向始终沿杆向上B. 小球B受到硬杆A的作用力逐渐减小C. 小球B受到硬杆A的作用力对小球做负功D. 小球B受到硬杆A的作用力的方向始终竖直向上【答案】D【解析】试题分析：硬杆绕转轴O在竖直平面内缓慢转动的过程中，B球的合力为零，保持平衡状态，根据平衡条件求出硬杆A的作用力对B球的作用力大小和方向，分析做功的正负硬杆绕转轴O在竖直平面内缓慢转动的过程中，B球的合力为零，而B球受到重力mg和硬杆A的作用力，则由平衡条件得知，硬杆A的作用
3、力大小等于mg，方向竖直向上，而且硬杆A的作用力对小球做正功，D正确3. 图示为一物体做直线运动时的图象，但纵坐标表示的物理量未标出已知物体在前2 s时间内向东运动，则以下判断正确的A. 若纵坐标表示位移，则物体在4s内的位移为零B. 若纵坐标表示位移，则物体在4s内的运动方向始终向东C. 若纵坐标表示速度，则物体在4s内的位移为4mD. 若纵坐标表示速度，则物体在4s内的加速度大小不变方向始终向东【答案】B4. 如图所示，滑块A置于水平地面上，滑块B在一水平力作用下紧靠滑块A（A、B接触面竖直），此时A恰好不滑动，B刚好不下滑，最大静摩擦力等于滑动摩擦力已知滑块A与B质量相等，设滑块A与B间
4、的动摩擦因数为1，A与地面间的动摩擦因数为2，则A. 12= B. 12= C. 12= D. 12=【答案】B【解析】对A、B整体分析，受重力、支持力、推力和最大静摩擦力，根据平衡条件，有：F=2（m1+m2）g 再对物体B分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大静摩擦力，根据平衡条件，有：水平方向：F=FN 竖直方向：m2g=f 其中：f=1FN 联立有：m2g=1F 联立解得12=12，故选项B正确。点睛：本题关键是采用整体法和隔离法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解，注意最大静摩擦力约等于滑动摩擦力。5. 如图所示，两相同小球a、b用轻弹簧A、B连接并悬挂在天花板上保
5、持静止现有一水平力F作用在a上并缓慢拉a，当B与竖直方向夹角为45时，A、B伸长量刚好相同若A、B的劲度系数分别为k1、k2，则以下判断正确的是A. A、B两弹簧产生的弹力大小相等B. k1k2=12C. 撤去F的瞬间，a球的加速度为2gD. 撤去F的瞬间，b球处于失重状态【答案】C【解析】试题分析：先对b球受力分析，根据力的平衡条件求出弹簧A的拉力；再对a、b球整体受力分析，根据平衡条件求出弹簧B的拉力；最后根据胡克定律判断两个弹簧的劲度系数之比；根据牛顿第二定律判断撤去F瞬间两球的加速度，从而确定两球的状态根据力的平行四边形定则可知，两弹簧产生的弹力大小不相等，A错误；根据平衡条件可知k2
6、xsin45=2k1x，解得k1k2=24，B错误；撤去F的瞬间，a受到的合力为2mg，方向向右，由2mg=ma可得a=2g，b求的加速度为零，C正确D错误6. 芬兰小将拉林托以两跳2409分的成绩在跳台滑雪世界杯芬兰站中获得冠军如图所示是简化后的跳台滑雪的雪道示意图，拉林托从助滑雪道AB上由静止开始滑下，到达C点后水平飞出，落到滑道上的D点，E是运动轨迹上的某一点，在该点拉林托的速度方向与轨道CD平行，设拉林托从C到E与从E到D的运动时间分别为t1、t2，EF垂直CD，则A. t1=t2，CFFD B. t1=t2，CF=FDC. t1t2，CFFD D. t1t2，CF=FD【答案】A【解
7、析】以C点为原点，CD为X轴，和CD垂直向上方向为Y轴，建立坐标系；进行运动分解，Y轴方向做类竖直上抛运动，X轴方向做匀加速直线运动当运动员速度方向与轨道平行时，在Y轴方向上到达最高点，根据对称性，t1=t2，而X轴方向运动员做匀加速运动，故CFFD，故A正确7. 美国一家科技公司整了一个“外联网”（Outernet）计划，准备发射数百个小卫星，向全球提供免费wiFi服务若这些小卫星运行时都绕地心做匀速圆周运动，则下列说法正确的是A. 小卫星的质量越大，所需要的发射速度越大B. 小卫星的轨道越高，所需要的发射速度越大C. 小卫星运行时的轨道半径越大，角速度越小D. 小卫星在轨道上做匀速圆周运动
8、时，受到的万有引力不变，向心加速度不变【答案】BC【解析】卫星发射速度与质量无关，轨道越高，发射速度越大，A错误B正确；卫星运动时，轨道半径越大，根据知，周期，周期越大，根据可见角速度就越小，C正确；小卫星做匀速圆周运动，受到的万有引力大小不变，方向不断变化，向心加速度大小不变，方向变化，D错误。8. 如图所示，半径为r的光滑水平转盘距水平地面的高度为H，一质量为m的小物块被一电子锁定装置锁定在转盘边缘，转盘绕中心的竖直轴以=kt（k0且为恒量）的角速度转动从t=0开始，在不同的时刻t将小物块解锁，小物块经过一段时间后落到地面上假设在t时刻解锁的物块落到地面上时重力的瞬时功率为P，落地点到转盘
9、中心的水平距离为d，则下图中Pt图象、d2t2图象可能正确的是A. B. C. D. 【答案】BC【解析】时刻t将小物块解锁后物块做平抛运动，初速度为v0=r=rkt，物块落地时竖直分速度vy=2gH，物块落到地面上时重力的瞬时功率为P=mgvy=mg2gH，可知P与t无关，A错误B正确；物块做平抛运动的时间为t=2Hg，水平位移大小为x=v0t=rkt2Hg，根据几何知识可得落地点到转盘中心的水平距离为d2=r2+x2=r2+(rkt2Hg)2=r2+2Hr2k2gt，故C正确D错误9. 如图所示，在光滑四分之一圆弧轨道的顶端a点，质量为m的物块（可视为质点）由静止开始下滑，经圆弧最低点b滑
10、上粗糙水平面，圆弧轨道在b点与水平轨道平滑相接，物块最终滑至c点停止若圆弧轨道半径为R，物块与水平面间的动摩擦因数为，下列说法正确的是A. 物块滑到b点时的速度为gRB. 物块滑到b点时对b点的压力是2mgC. c点与b点的距离为RD. 整个过程中物块机械能损失了mgR【答案】CD【解析】试题分析：由机械能守恒可求得物块滑到b点时的速度，由向心力公式可求得b点对物体的支持力，由牛顿第三定律可知物块对b点的压力；由动能定理可求得bc两点的距离；由摩擦力做功可求得机械能的损失物块从a到b，由机械能守恒定律mgR=12mvb2，解得vb=2gR，A错误；在b点，根据牛顿第二定律可得FNmg=mvb2
11、R得FN=3mg，B错误；从b到c根据动能定理可得mgs=12mvb2，解得=R，C正确；在滑动过程中，摩擦力所做的功等于机械能的损失，故机械能损失了mgs=mgR，D正确10. 荡秋千是大家喜爱的一项体育活动如图是荡秋千的示意图，若人直立站在踏板上，从绳与竖直方向成90角的A点由静止开始运动，摆到最低点B时，两根绳对踏板的总拉力是人所受重力的两倍随后，站在B点正下面的某人推一下，使秋千恰好能摆到绳与竖直方向成90角的C点设人的重心到悬杆的距离为l，人的质量为m，踏板和绳的质量不计，人所受空气阻力与人的速度成正比则下列判断中正确的是A. 人从A点运动到最低点B的过程中损失的机械能等于mglB.
12、 人从A点运动到最低点B的过程中损失的机械能等于mglC. 站在B点正下面的某人推一下做的功小于mglD. 站在B点正下面的某人推一下做的功大于mgl【答案】AD【解析】试题分析：在最低点B时，对人和踏板整体，运用牛顿第二定律求出人的速度，注意踏板和绳的质量不计，再由能量守恒定律求出人从A点运动到最低点B的过程中损失的机械能分析能量如何转化的，再由能量守恒定律求人一下做的功.二、实验题：本题共2小题。共15分11. 在“研究平抛物体的运动”的实验中：（1）小球抛出点的位置必须及时记录在白纸上，然后从这一点画水平线和竖直线作为x轴和y轴，竖直线_是用来确定的（2）验证实验得到的轨迹是否准确的一种
13、方法是：在水平方向从起点处取两段连续相等的位移与曲线交于两点，两点的y轴坐标分别为y1、y2，如果轨迹较准确，则y1：y2=_（3）某同学建立的直角坐标系如图所示，设他在安装实验装置和其余操作时准确无误，但在建立坐标系时有一处失误，这一处错误是_【答案】 (1). 重锤线 (2). 1：4 (3). 坐标原点应建立在水平槽口正上方球心处，而该同学却错误地将坐标原点取在槽口处。【解析】（1）竖直线用重锤线来确定（2）平抛运动水平方向做匀速直线运动，水平位移相等，则运动时间相等，而竖直方向做自由落体运动，从起点开始，连续两个相等时间内的位移之比为1：3；因此对应的这两个y坐标之比为1：4；（3）坐
14、标原点应建在水平槽口正上方球心处，而该同学的错误建在槽口处12. 用图甲所示的装置验证机械能守恒定律：跨过定滑轮的细线两端系着质量均为M的物块A、B，A下端与通过打点计时器的纸带相连，B上放置一质量为m的金属片C，固定的金属圆环D处在B的正下方系统静止时C、D间的高度差为h先接通打点计时器，再由静止释放B，系统开始运动，当B穿过圆环D后C被D阻挡而停止（1）如已测出B穿过圆环D时的速度的大小v，则若等式_（均用题中物理量的字母表示）成立，即可认为A、B、C组成的系统的机械能守恒（2）还可运用图象法加以验证：改变物块B的释放位置，重复上述实验，记录每次C、D间的高度差h，并求出B刚穿过D时的速度
15、v，作出v2h图线如图乙所示，根据图线得出重力加速度的表达式g=_（均用题中物理量的字母表示），代入数据再与当地的重力加速度大小比较，即可判断A、B、C组成的系统的机械能是否守恒（3）在本实验中，下列情况可以减小误差的是_A适当增大C、D间的高度差B减小金属片C的质量C保证打点计时器的限位孔在同一竖直线上D使用质量比金属片C的质量大得多的物块A、B【答案】 (1). mgh=12(2M+m)v2 (2). (2M+m)v122mh1 (3). AC【解析】试题分析：若用该装置验证机械能守恒定律，则需验证系统重力势能的减小量与系统动能的增加量是否相等根据系统机械能守恒得出v2h的关系式，结合图线求出重力加速的表达式（1）系统重力势能的减小
