《山西省2016－2017学年高二物理12月阶段性检测试题 理（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《山西省2016－2017学年高二物理12月阶段性检测试题 理（含解析）（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、山西省太原市第五中学2016-2017学年高二物理12月阶段性检测试题 理（含解析）一、选择题（每小题3分，共36分，1-8小题为单项选择题，9-12小题为多项选择题，漏选得2分，多选错选得0分）1.下列说法正确的是( )A电源电动势越大，电源两极间的电压一定越高B电源的作用就是能为电路持续地提供自由电荷C电源的作用是让正负极保持一定量的正、负电荷，维持一定的电势差 D电源电动势的大小，与非静电力所做的功成正比，与移送电荷量成反比【答案】C考点：电源；电动势【名师点睛】本题考查对电动势的理解关键抓住电动势的物理意义和电动势的定义式，注意其与电压的区别注意根据闭合电路欧姆定律理解电动势和路端电压
2、的关系。2太阳能电池已经越来越多地应用于我们生活中，有些太阳帽前安装的小风扇就是靠太阳能电池供电的可以测得某太阳能电池的电动势为0.6 V，这表示以下说法中错误的是( )A太阳能电池在1 s内将0.6 J的太阳能转变为电能B在不接入电路时，太阳能电池两极间的电压为0.6 VC电路中每通过1 C电荷量，太阳能电池把0.6 J的太阳能转变为电能D太阳能电池将太阳能转化为电能的本领比一节干电池(电动势为1.5 V)将化学能转化为电能的本领小【答案】A【解析】试题分析：由电功公式W=UIt=EIt知，由于电流I未知，不能求出太阳能电池在1s内将太阳能转化为电能的数量，故A错误不接入外电路时，太阳能电池
3、两极间的电压等于电动势，为0.6V；故B正确 根据电动势的定义式，得：W=qE=10.6J=0.6J，即非静电力对电荷做功为0.6J，则电路中每通过1C电荷量，太阳能电池把0.6 J的太阳能转变为电能故C正确太阳能电池将太阳能转化为电能的本领一节干电池（电动势为1.5 V）将化学能转化为电能的本领小，故D正确此题选择错误的选项，故选A.考点：电动势【名师点睛】解决本题的关键是掌握电动势的定义式，电动势的物理意义，要明确电动势与电源两极间电压的关系.3. 关于静电场，下列说法正确的是（）A在电场中某点电势等于零，则该点电场强度一定为零， B电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少C根据公
4、式Uab=Ed可知，在匀强电场中a、b 间的距离越大，电势差就越大D电荷在电场中某点的电势能，等于把它从这点移动到零势位置时静电力所做的功【答案】D考点：电场强度；电势及电势能【名师点睛】明确电场强度和电势都是描述电场的物理量，二者无直接关系，但二者相互关联；公式U=Ed中的d为沿电场强度方向的距离；电荷在某点的电势能是由该点电势和电荷决定。4. 如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹粒子先经过M点，再经过N点可知：( ) A粒子带负电B粒子在M点的动能小于在N点的动能C粒子在M点的电势能小于在N点的电势能D粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力【答案】B【
5、解析】试题分析：带电粒子的轨迹向下弯曲，则带电粒子所受的电场力沿电场线切线向下，则知带电粒子带正电，故A错误从M到N，电场力做正功，电势能减小、动能最大，故B正确、C错误电场线的疏密表示场强大小，由图知粒子在M点的场强小于N点的场强，根据F=qE可知，粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力故D错误故选B。考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】此类轨迹问题，由轨迹的弯曲方向可判定电场力的方向，并判断电场力做功正负情况。5. 如图，导体A、B的伏安特性曲线为直线，导体C的伏安特性曲线的为曲线，则下列说法正确的是() A若将这三个导体串联起来接在电压恒为6 V的直流电源两端，稳定时通过导体的
6、电流均为2 AB若将这三个导体串联起来接在电压恒为6 V的直流电源两端，稳定时三个导体电阻RARBRC132C若将这三个导体串联后接在电压恒为3 V和6 V的直流电源上，三个导体的阻值之比不变D若将这三个导体并联后接在恒为3 V的直流电源上，则通过它们的电流比IAIBIC321【答案】B考点：I-U图像；欧姆定律【名师点睛】本题考查对I-U图象的了解及应用，要学会从图象中获取有用信息的能力注意明确非纯电阻的伏安特性曲线的应用。6. 如图所示，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量异种点电荷分别处于椭圆的两个焦点M、N上，下列说法中正确的是( )AC、D两处电势、场强均相同B
7、A、B两处电势、场强均相同C在虚线AB上O点的场强最大D带正电的试探电荷在O处的电势能小于在B处的电势能【答案】A考点：电场强度；电势及电势能【名师点睛】这类问题要巧妙利用电场线、等势面分布对称性的特点，再根据电场线方向判断电势高低，电场线的疏密判断场强的大小。U7. 如图所示为示波管的工作示意图，炽热的金属丝不断放出的电子进入电压为U的加速电场，经加速后形成横截面积为S、电流为I的电子束设电子离开金属丝时初速度为零，已知电子的电荷量为e、质量为m，则在刚射出加速电场时，一小段长为L的电子束内的电子个数是() ULA. B. C. D. 【答案】C【解析】试题分析：在加速电场中根据动能定理得：
8、eU=mv2得到： 在刚射出加速电场时，一小段长为l的电子束内电子电量为： 电子数 联立得：，所以C正确，ABD错误；故选C。考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题关键是建立物理模型，对电子束运动情况进行简化，利用动能定理和电荷量的计算公式进行分析解答。8如图所示，A、B、C、D是匀强电场中的四个点，D是BC的中点，A、B、C构成一个直角三角形，AB长为10cm，电场线与三角形所在的平面平行，已知A=5V、B=-5V、C=15V，由此可以判断( ) A场强的方向由C指向B B场强的方向垂直AD连线斜向上C场强的大小为 D场强的大小为【答案】D考点：电场强度；电势差【名师点睛】解答本题的关
9、键是得到D点的电势，掌握电场线与等势线的关系，正确理解公式中d的含义。9. 在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C为电容器，A、V为理想电流表和电压表。在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是( ) A电压表示数变小 B电流表示数变小C电容器C所带电荷量减少 Da点的电势降低【答案】CD考点：电路的动态分析【名师点睛】本题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变，进行分析根据电流方向判断电势高低，由电压的变化判断电势的变化。10如图（a）电路，当变阻器的滑动片从一端滑到
10、另一端的过程中，两电压表的示数随电流的变化情况如图（b）U一I图像中的AC、BC两直线所示，不考虑电表对电路的影响。下面说法正确的是( ) A电源电动势为 E=9V B电源内阻 r = 1C定值电阻R03 D变阻器消耗的最大功率为7W【答案】BC【解析】试题分析：电压表V1的示数随电流表示数的变化图象应为BC；电压表V2的示数随电流表示数的变化图象应为AC；定值电阻为：；故C正确；当I=0.5A时，有：；R=R外-R0=12；根据闭合电路的欧姆定律：E=7.5+0.5r; E=6+2r；可得：E=8V，r=1，故A错误，B正确；当R=R0+r=4时，变阻器消耗的电功率最大，变阻器两端的电压为：
11、UR=4V; 变阻器消耗的最大功率为：，故D错误;故选BC.考点：闭合电路的欧姆定律；电功率【名师点睛】本题考查对物理图象的理解能力，可以把本题看成动态分析问题，来选择两电表示对应的图线。11某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在同一坐标系内，如图所示，根据图线可知( ) A反映Pr变化的图线是cB电源电动势为8 VC电源内阻为1 D当电流为0.5 A时，外电路的电阻为6 【答案】AD考点：电功率；闭合电路的欧姆定律【名师点睛】本题考查闭合电路欧姆定律的图象应用，要注意根据电源的总功率公式PE=EI求解电动势，根据发热功率的公式P=I2r，求
12、解电源的内阻。12. 如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，电流表A、电压表V1、V2、V3均为理想电表，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，当R2的滑动触头P向上滑动的过程中 ( )AR2R2PE rV3V2V1SA电压表V1的示数增大，电压表V2的示数变小B电压表V3示数的变化量的绝对值与电压表V1、V2示数的变化量的绝对值之和相等C电压表V1示数与电流表A示数的比值不变D电压表V3示数的变化量与电流表A示数的变化量的比值保持不变【答案】ACD考点：电路的动态分析【名师点睛】本题考查闭合电路欧姆定律的动态分析，要熟练掌握其解决方法为：局部-整体-局部的分析方法；同时注意部分电
13、路欧姆定律的应用。二、实验题 （每空2分，共22分）13. （6分）实验室有一个微安表，标记的满偏电流为，内阻为800.小明根据实验需要，将此表改装成了一个多用途电表，如图所示，其中定值电阻分别为R1=20，R2=180,R3=2840。则：bS1aE rSR1AmAR2R3cdR0R（1）若使用c、d两个接线柱，改装后的电流量程为_mA；若使用a、d两个接线柱，改装后的电压量程为_V.（2）改装后将开关S1拨到b，用标准电流表对改装表进行校准，若发现改装表的读数总比标准表的示数稍大，说明微安表内阻的真实值_（填“大于”或“小于”）800。【答案】（1）10 mA ；3 V (2)小于 考点：
14、电表的改装【名师点睛】对于电表的改装一定要注意明确电表原理同时应熟练掌握串并联电路特点及欧姆定律，同时还要灵活运用控制变量思想结合欧姆定律是进行误差分析的关键。14. （16分）某实验小组发现一件图1所示的金属线，为了研究金属线的材质，他们进行了如下操作：图11112单位：cm01020图2图3（1）他们从金属线中抽取一根细金属丝，截取其中的一部分，拉直后用游标卡尺测金属丝的长度，如图2所示，则金属丝长L=_cm.（2）用游标卡尺测金属丝的直径，如图3所示，则金属丝的直径d =_mm.（3）可用的实验器材如下：.电流表（量程00.6A，内阻约0.5）.电压表（量程03V，内阻约10 k）.定值电阻R0（阻值等于5）.滑动变阻器R1（010，额定电流2A）.滑动变阻器R2（0200，额定电流0.5A）.电源（电动势为4.5V，内阻不计）R图4ER0RxVASab他们利用上述器材设计了图4的实验电路，为实验调整方便，滑动变阻器应选择_（填“R1”或“R2”）。（4）该小组在实验中得到七组电压表示数U和电流表示数I的数据如下：12345
