《广东省惠州市榕城中学2019届高三物理周测试题（5.19）（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《广东省惠州市榕城中学2019届高三物理周测试题（5.19）（含解析）（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、广东省惠州市榕城中学2019届高三物理周测试题（5.19）（含解析）1.下列与能量有关的说法正确的是( )A. 比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核结合能越大B. 根据玻尔理论，原子从低能态向高能态跃进时，核外电子动能增大C. 发生光电效应时，入射光频率增大，光电子的动能增大D. 一个氢原子处于的激发态向较低能级跃进，最多可放出3种频率的光【答案】D【解析】【详解】原子核的比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，但是原子核结合能不一定越大，选项A错误；根据玻尔理论，原子从低能态向高能态跃进时，核外电子运动的半径变大，根据可知，电子的动能减小，选项B错误；发生光电效应
2、时，入射光频率增大，光电子的最大初动能增大，选项C错误；一个氢原子处于的激发态向较低能级跃进，最多可放出3种频率的光，分别对应着：43，32，21的跃迁，选项D正确.2.几个水球可以挡住子弹？国家地理频道实验证实：四个水球就足够！四个完全相同的水球紧挨在一起水平排列，子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动。恰好能穿出第四个水球，则可以判定（ ）A. 由题干信息可以确定子弹在每个水球中运动的时间相同B. 由题干信息可以确定子弹穿过每个水球的时间C. 子弹在每个水球中速度变化相同D. 子弹穿出第三个水球的瞬时速度与全程的平均速度相等【答案】D【解析】【详解】AB设水球的直径为d，子弹运动的过程为匀
3、减速直线运动，直到末速度为零，我们可以应用逆过程，相当于子弹初速度为零做匀加速直线运动。因为通过最后1个、最后2个、以及后3个、全部4个的位移分别为d，2d，3d和4d，根据x=at2知，所以时间之比为1：2，所以子弹在每个水球中运动的时间不同；由以上的分析可知，子弹依次穿过4个水球的时间之比为：（2-）：（）：（1）：1，但是不能求解穿过每个水球的具体时间，故AB错误；C子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动，则受力是相同的，所以加速度相同，由v=at可知，运动的时间不同，则速度的变化量不同；故C错误；D由A的分析可知，子弹穿过前3个水球的时间与穿过第四个水球的时间是相等的，由匀变速直线运动
4、的特点可知，子弹穿出第三个水球的瞬时速度与全程的平均速度相等。故D正确。3.两颗互不影响的行星P1、P2,各有一颗近地卫星S1、S2绕其做匀速圆周运动.图中纵轴表示行星周围空间某位置的引力加速度a,横轴表示该位置到行星中心距离r平方的倒数,关系图如图所示,卫星S1,S2的引力加速度大小均为a0,则( )A. S1的质量比S2的大B. P1的质量比P2的大C. 质量大的卫星受到的引力大D. S1的轨道半径比S2的小【答案】B【解析】【详解】根据牛顿第二定律得：，则得行星对周围空间各处物体的引力产生的加速度为：，由此不能判断近地卫星S1、S2的质量大小。由数学知识知，图象的斜率等于GM，斜率越大，
5、GM越大，M越大，所以P1的质量比P2的大，故A错误、B正确；引力加速度大小均为a0时，由图可知，S1距离P1的距离较大，S1轨道半径较大，但是由于不知道S1、S2的质量关系，则无法确定卫星受到的引力关系，选项CD错误.4.如图所示，导线框MNQP近旁有一个跟它在同一竖直平面内的矩形线圈abcd，下列说法中不正确的是（ ）A. 当滑动交阻器滑片向下滑动一小段距离时，abcad中有感应电流B. 当滑动变阻器滑片向上滑动一小段距离时，abcd中有感应电流C. 电阻不变，将abcd在其原来所在的平面内竖直向上运动时，其中有感应电流D. 电阻不变，将abcd在其原来所在的平面内向PQ靠近时，其中有感应
6、电流【答案】C【解析】【详解】当滑动交阻器滑片向下滑动一小段距离时，电阻变大，导线框MNQP中电流减小，PQ产生的磁场减弱，穿过abcd的磁通量减小，则abcd中有感应电流。故A正确。同理，当滑动交阻器滑片向下滑动一小段距离时，当电阻变小时，导线框MNQP中电流增大，PQ产生的磁场增强，穿过abcd的磁通量增加，则abcd中有感应电流。故B正确。电阻不变，将abcd在其原来所在的平面内竖直向上运动时，穿过abcd的磁通量不变，其中没有感应电流，故C错误。电阻不变，将abcd在其原来所在的平面内向PQ靠近时，穿过abcd的磁通量增加，其中有感应电流，故D正确。此题选择不正确的选项，故选C。5.如
7、图所示，理想变压器的原线圈接有电压为U的正弦交流电源，输出电压的有效值恒定。R1和R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值随照射光强度的增大而减小。现增大照射光强度，则A. 通过原线圈的电流减小B. 变压器的输出功率增大C. R1两端的电压减小D. R2消耗的功率增大【答案】B【解析】【详解】A理想变压器输出电压一定，光照增强，光敏电阻R3阻值减小；副线圈的总电阻减小，根据欧姆定律知，副线圈的电流增大，根据理想变压器电流与匝数的关系可知，通过原线圈电流也增大；故A错误；B理想变压器的输出功率，其中U不变，I变大，故变压器的输出功率变大，故B正确；CD副线圈电流增大，根据欧姆定律，R1两端电压增大
8、；R2两端电压减小，功率减小，故CD错误。6.如图为某工厂生产流水线上的产品水平传输装置的俯视图，它由传送带和转盘组成。某产品（可视为质点）从A处无初速度放到匀速运动的传送带上，恰好匀加速运动到B处后进入匀速转动的转盘随其一起运动（无相对滑动），到C处被取走装箱。已知A、B的距离是产品在转盘上与转轴O距离的两倍，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则A. 产品在A B间的运动时间大于BC间的运动时间B. 产品在A B间的运动时间小于BC间的运动时间C. 产品与传送带的动摩擦因数小于产品与转盘的动摩擦因数D. 产品与传送带的动摩擦因数大于产品与转盘的动摩擦因数【答案】AC【解析】【详解】AB设传送带匀
9、速运动的速度为v，转盘的半径为R，由题意知AB=2R，产品在AB间运动时间为t1=4R/v，在BC间的运动时间，得，A正确；B错误；CD从A到B的过程中，得。在圆盘上运动时，静摩擦力提供向心力，可得，解得，所以C正确；D错误。7.如图所示，一带正电荷的油滴在匀强电场中运动，其轨迹在竖直面(纸面)内，且相对于过轨迹最低点P的竖直线对称.忽略空气阻力.由此可知（ ）A. P点的电势比Q点高B. 油滴在Q点的电势能比它在P点的大C. 油滴在Q点的动能比它在P点的大D. 油滴在Q点的加速度大小比它在P点的小【答案】AC【解析】【详解】根据油滴运动轨迹可知，油滴受到的合力方向一定指向上方；又因为轨迹关于
10、P点对称，则可说明电场力竖直向上；油滴带正电，故说明电场方向竖直向上，则可判断P点的电势比Q点高。故A正确；因电场力竖直向上，故油滴由P到Q的过程中，电场力做正功，电势能减小，因此油滴在P点的电势能比它在Q点的大。故B错误；油滴由P到Q过程中，合外力做正功动能增加，故油滴在Q点的动能比它在P点的大。故C正确；因油滴在匀强电场中运动，受到的电场力和重力都是恒力，合外力也为恒力，因此P、Q两点加速度大小相同。故D错误。8.如图所示，质量均为m的物块a、b用一根劲度系数为k的轻弹簧相连接，放在倾角为的足够长光滑固定斜面上，且a是带电量为+q的绝缘物块，b不带电，C为固定挡板。整个装置处于磁感应强度大
11、小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中，系统处于静止状态。现用一外力F沿斜面方向拉物块a使之向上做匀加速运动，当物块a刚要离开斜面时物块b恰将离开挡板C。重力加速度大小为g，则此过程中A. 物块a运动的距离为B. b刚要离开挡板时弹簧弹力为2mgsinC. 外力F做功为D. 物块a运动的时间为【答案】AD【解析】【详解】A刚开始时，弹簧处于压缩状态，弹簧弹力大小：，物块b恰将离开挡板时，弹簧处于伸长状态，弹簧弹力大小：。整个过程弹簧形变量即a的运动距离，A正确Bb刚要离开挡板时对b分析有弹簧弹力：，B错误CD物块a刚要离开斜面时，垂直于斜面方向有，解得：，物块a匀加速，有，联立解得：；整个过程的
12、初末状态弹簧的弹性势能大小相等，根据动能定理得：解得：，C错误D正确9.如图甲所示装置叫做“阿特伍德机”，是早期英国数学家和物理学家阿特伍德创制的一种著名力学实验装置，用来研究匀变速直线运动的规律。某同学对该装置加以改进后用来验证机械能守恒定律和动量守恒定律，如图乙所示。已知当地重力加速度为g。 （1）实验时，该同学用游标卡尺测量挡光片的宽度d如图丙所示，则d=_cm；然后将质量均为M(A的含挡光片、B的含挂钩)的重物A、B用绳连接后，跨放在定滑轮上，处于静止状态。测量出_(选填“A的上表面”、“A的下表面”或“挡光片中心”)到光电门中心的竖直距离h。（2）验证机械能守恒定律时，该同学在重物B
13、的下端挂上质量为m的物块C，让系统(重物A、B以及物块C)中的物体由静止开始运动，光电门记录挡光片挡光的时间为t1。如果系统(重物A、B以及物块C)的机械能守恒，应满足的关系式为_。（3）为了验证动量守恒定律，该同学让A在桌面上处于静止状态，将B从静止位置竖直抬高H后静止释放，直到光电门记录下挡光片挡光的时间为t2(重物B未接触桌面)，则验证绳绷紧过程中系统沿绳方向动量守恒定律的表达式为_。【答案】 (1). 0.420 (2). 挡光片中心 (3). (4). 【解析】【详解】（1）游标卡尺的主尺读数0.4cm；游标尺读数：100.02mm=0.20mm；则读数为：0.4cm+0.20mm=
14、0.420cm。测量出挡光片中心到光电门中心的竖直距离h。（2）重物A经过光电门时的速度 ；系统动能的增加量 系统重力势能的减小量为mgh，应满足的关系式为： （3）重物A经过光电门时的速度 ；根据机械能守恒定律可知，解得：；则可知作用前的动量；此后AB一起做匀速运动，运动速度，故作用后的动量，故只要验证 即可证明动量守恒；10.某同学利用如图所示电路测电压表内阻。所用实验器材有:电源E(内阻不计),电阻箱R(最大阻值为9999),待测电压表,开关S,导线若干。 实验时，先按电路图连好器材,调节电阻箱接入电路阻值,将相应电压表读数记录在表格中, 请在如图中的坐标图中标出坐标点并绘出图（ ），图
15、线可确定电压表内阻RV=_,还可确定电源电动势E=_V(计算结果保留2位有效数字)【答案】 (1). (2). (3). (4). 3.0【解析】详解】根据表格描点做图如下：根据闭合回路欧姆定律得：，变形得。由坐标凸显可得截距为b=0.33，斜率为，解得11.如图所示是一条传送装置示意图，水平传送带长。传送带以的速度顺时针方向匀速运转，将一质量的小物件轻放在传送带的左端A，小物件经传送带到达右端B后水平飞出，B到地面的高度，小物件与传送带间的动摩擦因数，求：小物件在传送带上运动的时间t；小物件从B点飞出后落地点距B点的水平距离x；求落地点时的速度v。【答案】 ；5m； ，水平方向的夹角为，【解析】【详解】解：小物件在传送带上先做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得，加速度：则加速到传送带速度相等所需的时间：加速的位移：匀速运动的实际：小物件在传送带上运动的时间：平抛运动的时间：落地点距B点的水平距离：小物件落地的竖直分速度：根据平行四
