《四川省遂宁市2018-2019学年高一物理上学期期末考试试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《四川省遂宁市2018-2019学年高一物理上学期期末考试试题（含解析）（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、四川省遂宁市2018-2019学年高一物理上学期期末考试试题（含解析）一、选择题：1.在下列选项中，全都是国际单位制中基本单位的是A. 千克、米、秒 B. 千克、秒 、米/秒C. 牛、千克、米 D. 克、 米、牛【答案】A【解析】【详解】国际单位制的基本单位有7个，在力学中有三个，它们分别是质量、长度和时间的单位：千克、米、秒，故选A.2.关于加速度概念的理解，下列叙述中正确的是A. 加速度就是物体增加的速度B. 加速度是用来描述物体速度变化大小的物理量C. 加速度是用来描述物体速度变化快慢的物理量D. 加速度大的物体速度一定大，加速度小的物体速度一定小【答案】C【解析】【分析】加速度是物体速
2、度变化和所用时间的比值，加速度反应物体速度变化快慢的物理量【详解】加速度是物体单位时间内速度的变化量，选项A错误；加速度是用来描述物体速度变化快慢的物理量，选项B错误，C正确；加速度大的物体速度不一定大，加速度小的物体速度不一定小，选项D错误；故选C.3.如图所示，物体由静止开始从A位置做匀加速直线运动到C位置，经时间t 到达中点B位置，则物体从A到C位置运动的时间为 A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】由位移时间关系列式即可求解.【详解】由位移时间关系可知：at2；at2联立解得：t= t，故选B.4.如图所示,质量为的物体沿倾角为的光滑斜面下滑,不计空气阻力，下列说法中正确的
3、是 A. 物体受到斜面的支持力是因为物体形变而产生的B. 物体受到的重力的施力物体是斜面C. 斜面对物体的支持力与物体重力沿垂直斜面的分力是一对作用力与反作用力D. 物体匀加速下滑的加速度大小为【答案】D【解析】【分析】物体受到斜面的支持力是因为斜面的形变而产生的；物体受到的重力的施力物体是地球；作用力与反作用大小相等，方向相反，作用在两个物体上；根据牛顿第二定律求解加速度；【详解】物体受到斜面的支持力是因为斜面的形变而产生的，选项A错误；物体受到的重力的施力物体是地球，选项B错误；斜面对物体的支持力与物体对斜面的压力是一对作用力与反作用力，选项C错误；物体匀加速下滑的加速度大小为，选项D正确
4、；故选D.5.一质点做直线运动的图象如图所示，那么质点在和两段时间内 A. 质点的加速度大小之比为B. 质点的位移大小之比为C. 质点的平均速度大小之比为D. 质点在时刻的速度方向发生改变【答案】C【解析】【分析】速度的正负表示速度的方向，只要图象在时间轴同一侧物体运动的方向就没有改变，速度时间图象的斜率表示加速度，与坐标轴围成图形的面积表示位移，平均速度等于位移除以时间【详解】两段图线的斜率斜率之比为2：1，故加速度大小之比为2：1，故A错误；根据v-t图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移，则得：位移之比为：x1：x2=vt：v2t=1：2故B错误；平均速度等于位移除以时间，0t0和t03
5、t0两段时间内位移之比为1：2，时间之比也为1：2，所以平均速度大小之比为1：1，故C正确。0-3t0时间内速度图象在时间轴的上方，都为正，则质点在t0时刻的速度方向没有发生改变，故D错误；故选C。【点睛】v-t图象的斜率即为物体运动的加速度，“面积”大小等于位移，掌握这点是解决此类题目的关键所在6.当直升机倾斜飞行时，螺旋桨产生的升力垂直于机身，升力与竖直方向的夹角为.现沿水平和竖直两个方向分解力，如图所示.下列说法中正确的是 A. 水平分力大小为B. 水平分力大小为C. 竖直分力大小为D. 竖直分力大小为【答案】C【解析】【分析】合力与分力遵循平行四边形定则，根据平行四边形定则分解后根据几
6、何关系列式求解即可【详解】将力F分解为两个相互垂直的分力，其中沿水平方向的分力大小为：Fx=Fsin竖直分力大小为Fy=Fcos，故C正确，ABD错误；故选C.【点睛】本题是已知合力和两个分力的方向，分解具有唯一性，作图后，根据几何关系求解7.如图所示，一根不计质量的轻杆AC垂直插入竖直墙内，杆的另一端装一质量不计的光滑小滑轮，一根轻细绳BCD跨过滑轮，绳子B端固定在墙上，且BC段与墙之间的夹角为60，CD段竖直且足够长.一质量为带孔的小球穿在细绳CD段上，小球以加速度匀加速下滑，不计空气阻力，.则滑轮对轻杆的作用力大小为A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】先根据牛顿第二定律求解
7、绳子的拉力，然后将绳子的拉力进行合成，得到绳子对滑轮的压力，然后对滑轮分析，根据共点力平衡条件得到杆对滑轮的作用力大小【详解】对小球，由牛顿第二定律：mg-T=ma，解得T=8N，故绳子的张力T=8N；将绳子的拉力进行合成，如图所示：故绳子对滑轮的压力为T=8N；滑轮受绳子的压力和杆的支持力而平衡，故杆对滑轮的作用力大小为8N，由牛顿第三定律可知滑轮对轻杆的作用力大小为8N，故B正确；故选B。【点睛】本题关键是先求解绳子的拉力，明确滑轮的受力情况，结合平行四边形定则和共点力平衡条件分析8.如图所示，质量的物块（视为质点）放在质量的木板的右端，木板长.开始木板静止放在水平地面上，物块与木板及木板
8、与水平地面间的动摩擦因数均为.现对木板施加一水平向右的恒力，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计空气阻力，.则物块在木板上运动的过程中，下列说法中正确的是 A. 物块与木板以相同的加速度做匀加速运动B. 木板的加速度大小为C. 物块的最大速度大小为D. 物块到达木板左端时木板前进的位移大小为【答案】D【解析】【分析】假设木块与木板之间无相对滑动，则根据牛顿第二定律求解整体的加速度，与木块的最大加速度对比可判断假设是否成立；物块与木板之间有相对滑动，根据牛顿第二定律求出两物体的加速度，结合运动公式求解各项。【详解】木块的最大加速度为；若木板和木块相对静止，则，则木板与木块之间产生相对滑动，物块与木板
9、不能以相同的加速度做匀加速运动，选项A错误；由牛顿第二定律可得木板的加速度，选项B错误； 由以上的分析可知物块的加速度大小为2.0 ms2；当物块脱离木板时：，解得，此时物块的最大速度大小为，选项C错误； 物块到达木板左端时木板前进的位移大小，选项D正确；故选D.【点睛】用假设法判断木块与木板之间有无相对滑动，是解答此类问题常用的方法，即先假设整体之间无相对滑动，然后根据牛顿第二定律求解整体的加速度，再与木块的最大加速度对比；9.下列说法中正确的是A. 物体只有静止或做匀速直线运动时才具有惯性B. 质量是物体惯性大小的量度C. 互成角度的力的合成和力的分解都一定遵从平行四边形定则D. 受到静摩
10、擦力的物体一定是静止的【答案】BC【解析】【详解】在任何状态下物体都有惯性，与运动状态无关，选项A错误；质量是物体惯性大小的唯一量度，选项B正确；互成角度的力的合成和力的分解都一定遵从平行四边形定则，选项C正确；受到静摩擦力的物体不一定是静止的。例如随水平传送带加速运动的物体，选项D错误；故选BC.10.引体向上是同学们经常做的一项健身运动该运动的规范动作是：两手正握单杠，由悬垂开始，上拉时，下颚须超过单杠下放时，两臂放直，不能曲臂，如图所示，这样上拉下放，重复动作，达到锻炼臂力和腹肌的目的以下判断正确的是 A. 在上拉开始的过程中，单杠对人的作用力大于人的重力B. 在上拉结束的过程中，单杠对
11、人的作用力大于人的重力C. 在下放开始的过程中，单杠对人的作用力小于人的重力D. 在下放结束的过程中，单杠对人的作用力小于人的重力【答案】AC【解析】【分析】上拉过程中，要先加速后减速，先超重后失重，则可知单杠对人的作用力与人的重力的关系下放过程中，要先加速后减速，先失重后超重【详解】在上拉开始的过程中，人要向上加速，处于超重状态，则单杠对人的作用力大于人的重力，选项A正确；在上拉结束的过程中，人要向上减速，处于失重状态，单杠对人的作用力小于人的重力，选项B错误；在下放开始的过程中，人要向下加速，处于失重状态，单杠对人的作用力小于人的重力，选项C正确；在下放结束的过程中，人要向下减速，处于超重
12、状态，单杠对人的作用力大于人的重力，选项D错误；故选AC.【点睛】本题运用超重、失重观点分析人的受力情况，首先要根据人的情况，判断是超重还是失重状态，再进行分析11.甲、乙两小汽车在同一水平道路上同向行驶，甲车在前，乙车在后，零时刻两车相距，两车运动过程的图象如图所示，下列说法中正确的是 A. 当时，甲车在乙车前方处B. 当时，乙车在甲车前方处C. 时，甲车在乙车前方处D. 内，甲、乙两车有两次相遇【答案】AC【解析】【分析】根据速度时间图象的斜率表示加速度，根据图象与时间轴围成的面积可求出两车的位移，根据两车在初始状态的位置关系，结合位移大小判断位置关系.【详解】图像与坐标轴围成的面积等于位
13、移，由图像可知当t=2s时，甲车的位移为18m，乙车的位移20m，因零时刻两车相距4.0m，甲车在前，乙车在后，则t=2s时甲车在乙车前方2m处，选项A正确；由图像可知当t=4s时，甲车的位移为32m，乙车的位移32m，因零时刻两车相距4.0m，甲车在前，乙车在后，则t=4s时甲车在乙车前方4m处，选项B错误；由图像可知当t=8s时，甲车的位移为48m，乙车的位移48m，因零时刻两车相距4.0m，甲车在前，乙车在后，则t=4s时甲车在乙车前方4m处，选项C正确；012s内，甲、乙两车只能在8-12s之间有一次相遇，选项D错误；故选AC.12.如图所示，质量均为m2.0 kg的物块A、B紧挨着放
14、置在粗糙的水平地面上，物块A的左侧连接一劲度系数为k100 N/m的轻质弹簧，弹簧另一端固定在竖直墙壁上开始时，两物块压紧弹簧并恰好处于静止状态.现使物块B在水平外力F(图中未画出)作用下向右做加速度大小为a=2 m/s2的匀加速直线运动直至与A分离，已知两物块与地面间的动摩擦因数均为0.4，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计空气阻力，g10 m/s2.则A. 开始时，弹簧的压缩量大小为12 cmB. 物块A、B分离时，所加外力F的大小为12 NC. 物块A、B由静止开始运动到分离所用的时间为0.4 sD. 物块A、B由静止开始运动到分离时，物块A的位移大小为0.04 m【答案】BD【解析】【分
15、析】开始时物体所受的弹力等于最大静摩擦力，列式求解弹簧的压缩量；物块A、B分离时，两物块之间弹力为零，分别对AB列式求解力F和弹簧的压缩量，结合运动公式求解分离的时间和物块A的位移.【详解】开始时，两物块压紧弹簧并恰好处于静止状态，则，解得弹簧的压缩量为，选项A错误；物块A、B分离时，两物块之间弹力为零，此时对B:，解得F=12N，选项B正确；对A：，解得x=0.12m，则所用的时间：x-x= at2，解得t=0.2s，物块A、B由静止开始运动到分离时，物块A的位移大小为x-x=0.04 m，选项C错误，D正确；故选BD.【点睛】此题是牛顿第二定律的应用问题；关键是知道两物块分离的临界条件，即两物体之间的弹力为零，且加速度相等，结合运动公式解答.二、实验题： 13.在“探究弹力和弹簧伸长的关系”实验中.（1）如图（）所示，测出弹簧的原长（自然长度）_.（2）如图（）所示，在弹簧下端挂上1个、2个i个相同质量的钩码，实验测出弹簧静止时的伸长量，并作出的关系图线如图（）.则该弹簧的劲度系数_ ( ，结果保留三位有
