《湖南省双峰县第一中学2018-2019学年高二物理下学期第一次月考试题(含解析)》由会员分享，可在线阅读，更多相关《湖南省双峰县第一中学2018-2019学年高二物理下学期第一次月考试题(含解析)（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、双峰一中2019年高二上学期第一次月考物理试卷一、选择题1.跳远时，跳在沙坑里比跳在水泥地上完全，这是因为（ ）A. 人跳在沙坑的动量比跳在水泥地上小B. 人跳在沙坑的动量变化比跳在水泥地上小C. 人跳在沙坑受到的冲量比跳在水泥地上小D. 人跳在沙坑受到的冲力比跳在水泥地上小【答案】D【解析】人在下落中接触地面的瞬间速度不变，故跳在沙坑的动量与跳在水泥地的动量是相等的，当人的速度变为0时，则人的动量也变为0，故动量的变化也是相等的，由动量定理，可知人受到的冲量也不变，但在沙坑中因为沙的缓冲，使减速时间延长故人受到的冲力将小于人在地面上的冲力，故人跳到沙坑里要安全故ABC错误，D正确故选D2.一
2、颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块A并留在其中，A、B用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起，如图所示。则在子弹打击木块A及弹簧被压缩的过程中，对子弹、两木块和弹簧组成的系统()A. 动量守恒，机械能守恒B. 动量不守恒，机械能守恒C. 动量守恒，机械能不守恒D. 无法判定动量、机械能是否守恒【答案】C【解析】对子弹、两木块和弹簧组成的系统在水平方向上所受合外力为零，则系统的动量定恒，但子弹击中木块的过程中，克服摩擦力做功，一部分机械能转化为内能，机械能不守恒，C正确。3.某交流发电机产生的感应电动势与时间的关系如图所示，下列说法正确的是 A. t0时刻发电机的转动线圈位于中性面B. 在1s内发电
3、机的线圈绕轴转动50圈C. 将此交流电与耐压值是220V的电容器相连，电容器不会被击穿D. 将此交流电接到匝数比是110的升压变压器上，副线圈的电压的有效值为V【答案】B【解析】【详解】A根据图可知，在t=0时刻时，产生的感应电动势最大，此时线圈平面与中性面垂直，故A错误；B产生的感应电动势的周期T=0.02s，故1s内发电机的线圈转动的圈数为n1/T50转，故B正确；C电容器的耐压值为电压的最大值，故电容器一定被击穿，故C错误；D输入电压的有效值为U1220V，根据得U2=2200V，故D错误；故选B。4.水平推力F1和F2分别作用于水平面上等质量的a、b两物体上，作用一段时间后撤去推力，物
4、体将继续运动一段时间后停下，两物体的vt图象分别如图中OAB、OCD所示，图中ABCD，则 A. F1的冲量大于F2的冲量B. F1的冲量等于F2的冲量C. 两物体受到的摩擦力大小相等D. 两物体受到的摩擦力大小不等【答案】C【解析】【详解】由图，AB与CD平行，说明推力撤去后两物体的加速度相同，而撤去推力后物体的合力等于摩擦力，根据牛顿第二定律可知，两物体受到的摩擦力大小相等。根据动量定理，对整个过程研究得：F1t1-ftOB=0，F2t2-ftOD=0；由图看出，tOBtOD，则有 F1t1F2t2，即F1的冲量小于F2的冲量。故选C。5.假设在真空玻璃盒内有一固定于地面上空附近的N极磁单
5、极子，其磁场分布与正点电荷电场分布相似，周围磁感线呈均匀辐射式分布如图所示。一质量为m、电荷量为q的带电粒子正在该磁单极子上方附近做速度大小为v、半径为R的匀速圆周运动，其轨迹如虚线所示，轨迹平面为水平面。(已知地球表面的重力加速度大小为g,不考虑地磁场的影响),则( )A. 带电粒子一定带负电B. 若带电粒子带正电，从轨迹上方朝下看，粒子沿逆时针方向运动C. 带电粒子做匀速圆周运动的向心力仅由洛伦兹力提供D. 带电粒子运动的圆周上各处的磁感应强度大小为【答案】D【解析】根据左手定则知，从轨迹上方朝下看，若该粒子沿顺时针方向运动，该电荷带正电，若该粒子沿逆时针方向运动，该电荷带负电，AB错误；
6、该粒子受到的洛伦兹力与所在处的磁感线方向垂直且斜向上，只是其水平分力(或者说是洛伦兹力与重力的合力)提供做匀速圆周运动的向心力，C错误；由洛伦兹力与重力的合力提供做匀速圆周运动的向心力，结合勾股定理，有，得该粒子所在处磁感应强度大小，C错误D正确6.如图所示，等腰三角形内分布有垂直于纸面向外的匀强磁场，它的底边在x轴上且长为2L，高为L.纸面内一边长为L的正方形导线框沿x轴正方向做匀速直线运动穿过匀强磁场区域，在t0时刻恰好位于图中所示的位置以顺时针方向为导线框中电流的正方向，在下面四幅图中能够正确表示电流位移(Ix)关系的是 A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】位移在0L过程：
7、磁通量增大，由楞次定律判断感应电流方向为顺时针方向，为正值。，因l=x，则，位移在L2L过程：磁通量先增大后减小，由楞次定律判断感应电流方向先为顺时针方向，为正值，后为逆时针方向，为负值。位移在2L3L过程：磁通量减小，由楞次定律判断感应电流方向为逆时针方向，为负值。，故选C。7.如图所示为远距离输电的原理图，升压变压器的变压比为 m，降压变压器的变压比为n，输电线的电阻为 R，升压变压器和降压变压器均为一理想变压器，发电机输出的电压恒为 U，若由于用户的负载变化，使电压表 V2 的示数减小了U，则下列判断正确的是 A. 电流表 A2 的示数增大了B. 电流表 A1 的示数增大了C. 电压表
8、V1 的示数减小了UD. 输电线损失的功率增加了【答案】B【解析】【详解】AB降压变压器原副线圈两端的电压之比等于n，所以有，即降压变压器原线圈两端电压减小了nU，根据欧姆定律，电流表A1示数增大了，输电线上电流增大了，根据电流与匝数成反比知，电流表A2示数增大了，故A错误，B正确；C根据题意知，发电厂的输出电压恒为U，升压变压器的变压比不变，所以电压表V1的示数不变，故C错误；D由于输电线上电流增大了，故输电线损失的功率增加量一定不是P=()2R，故D错误；故选B。8.一个水龙头以v的速度喷出水柱，水柱的横截面积为s，水柱垂直冲击竖直墙壁后变为速度为零的无数小水滴，水的密度为，则水柱对墙壁的
9、冲击力为A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】设在t时间内喷出的水的质量为m= vts；水柱冲击墙面的过程中，由动量定理得：-Ft=0-mv；，故选D.9.如图所示，A、B是两个小物块，C是轻弹簧，用一根细线连接A、B使弹簧C处于压缩状态，然后放置在光滑的水平桌面上要探究A、B只在弹簧作用下的不变量，可以不需要测量的物理量是 A. 桌面的宽度B. 两物块的质量C. 两物块离开桌面后的水平距离D. 两物块飞行的时间【答案】AD【解析】【详解】烧断细线后，只有弹簧弹力做功，则A、B只在弹簧作用下的不变量即为系统机械能，弹簧的弹性势能转化为两物体的动能，求得两物体离开桌面时的动能即可；烧
10、断细线，两物体在弹簧弹力作用下开始运动，离开桌面时做平抛运动，测量两物体的质量为m1、m2，桌面的高度h，两物块离开桌面后的水平距离分别为s1、s2，则有：h=gt2解得： ； 所以两物块的水平速度为 ；则系统的机械能： ；则可以不需要测量的物理量是：桌面的宽度以及两物块飞行的时间，故选AD.10.在一个很小的矩形半导体薄片上，制作四个电极E、F、M、N，做成了一个霍尔元件，在E、F间通入恒定电流I，同时外加与薄片垂直的磁场B，M、N间的电压为UH已知半导体薄片中的载流子为正电荷，电流与磁场的方向如图所示，下列说法正确的有（）A. N板电势高于M板电势B. 磁感应强度越大，MN间电势差越大C.
11、 将磁场方向变为与薄片的上、下表面平行，UH不变D. 将磁场和电流分别反向，N板电势低于M板电势【答案】AB【解析】A、根据左手定则，电流的方向向里，自由电荷受力的方向指向N端，向N端偏转，则N点电势高，故A正确；B、设左右两个表面相距为d，电子所受的电场力等于洛仑兹力，即：设材料单位体积内电子的个数为n，材料截面积为s，则 ;I=nesv; s=dL ;由得：,令，则 ;所以若保持电流I恒定，则M、N间的电压与磁感虑强度B成正比，故B正确；C、将磁场方向变为与薄片的上、下表面平行，则带电粒子不会受到洛伦兹力，因此不存在电势差，故C错误；D、若磁场和电流分别反向，依据左手定则，则N板电势仍高于
12、M板电势，故D错误。故选AB.【点睛】解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道最终电子在电场力和洛伦兹力作用下平衡。11.在光滑的水平面上，质量为m的子弹以初速度v0射击质量为M的木块，最终子弹未能射穿木块，射入的深度为d，木块在加速运动中的位移为s。则以下说法正确的是A. 子弹动能的亏损大于系统动能的亏损B. 子弹动量变化量的大小等于木块动量变化量的大小C. 摩擦力对M做的功一定等于摩擦力对m做的功D. 位移s一定大于深度d【答案】AB【解析】【分析】子弹和木块组成的系统动量守恒，最终子弹未能射穿木块时，此时木块和子弹的速度相同，根据动量守恒定律以及能量守恒定律列式求解即可；【
13、详解】AC、子弹射击木块的过程中，设子弹受到木块的摩擦力为，摩擦力对木块M做的功为，摩擦力对子弹m做的功为，根据能量守恒可得子弹动能的亏损为，系统动能的亏损，所以子弹动能的亏损大于系统动能的亏损，故A正确，C错误；B、子弹和木块组成的系统动量守恒，最终子弹未能射穿木块时，此时木块和子弹的速度相同，以子弹初速度方向为正方向，根据动量守恒定律得：，解得：， 子弹动量变化量的大小，木块动量变化量的大小，故B正确；D、对木块根据动能定理可得，解得木块在加速运动中的位移为，根据能量守恒可得，解得射入的深度为，故D错误；故选AB。【点睛】正确分析物体的运动情况，知道当子弹未能射穿木块时时，此时木块和子弹的
14、速度相同，子弹和木块组成的系统动量守恒，明确应用动量守恒定律解题时要规定正方向。12.质量为1kg，速度为9m/s的A球跟质量为2kg的静止的B球发生正碰.碰撞可能是弹性的，也可能是非弹性的，因此碰撞后B球的速度大小可能值为A. 7m/sB. 5m/sC. 4m/sD. 3m/s【答案】BCD【解析】【详解】若两者为完全非弹性碰撞，则由动量守恒定律： m1v0=(m1+m2)v，解得v=3m/s；若两者为完全弹性碰撞，则由动量守恒定律： m1v0=m1v1+m2v2，由能量关系： ；联立解得：v1=-3m/s，v2=6m/s，则碰撞后B球的速度大小范围是3m/sv26m/s，故选BCD.二、实
15、验题13.图中螺旋测微器的示数为_mm，游标卡尺的示数为_mm.【答案】 (1). 1.843（1.8411.846均可） (2). 42.40【解析】【详解】图中螺旋测微器的示数为1.5mm+0.01mm34.5=1.845mm，游标卡尺的示数为42mm+0.05mm8=42.40mm.14.某同学用如图所示装置通过半径相同的A、B两球的碰撞来探究碰撞过程中的不变量,图中PQ是斜槽,QR为水平槽,实验时先使A球从斜槽上某一固定位置G由静止开始滚下,落到位于水平地面的记录纸上,留下痕迹。重复上述操作10次,得到10个落点痕迹。再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方,让A球仍从位置G由静止开始滚下,和B球碰撞后,A、B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹。重复这种操作10次。图中O点是水平槽末端R在记录纸上的垂直投影点。 (1)安装器材时要注意:固定在桌边上的斜槽末端的切线要沿_方向。(2)某次实验中,得出小球落点情况如图所示(单位是cm),P、M、N
