《天津市部分区2019届高三物理上学期期末考试试卷(含解析)》由会员分享，可在线阅读，更多相关《天津市部分区2019届高三物理上学期期末考试试卷(含解析)（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、天津市部分区2018-2019学年度第一学期期末高三物理一、单项选择题(每小题4分，共32分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的)1.物体做匀变速直线运动，下列选项中物体速度减小的是A. 加速度方向与速度方向相同B. 加速度方向与速度方向相反C. 加速度和速度的方向都沿规定的正方向D. 加速度和速度的方向都沿规定的负方向【答案】B【解析】【分析】明确匀变速直线运动的性质，知道当加速度与速度方向相同时，物体做加速运动；加速度与速度方向相反，物体做减速运动；物体作匀变速直线运动，其加速度恒定不变的。【详解】加速度方向与速度方向相同，此时物体做加速运动，速度增加，选项A错误；加速度方向与速
2、度方向相反，此时物体做减速运动，速度减小，选项B正确；加速度和速度的方向都沿规定的正方向或者加速度和速度的方向都沿规定的负方向时，加速度和速度方向相同，物体均做加速运动，选项CD错误；故选B.2.在保持其他因素不变的条件下，平行板电容器的电容量A. 与两极板间所加的电压成正比 B. 与两极板之间的距离成正比C. 与电容器所带的电荷量成正比 D. 与两极板的正对面积成正比【答案】D【解析】【分析】电容器的电容由电容器本身决定，与电容器所带电量无关。电容器不带电，其电容C不为零。由C=S4kd可知：平行板电容器的电容与极板的正对面积正比，与它们之间距离的成反比。【详解】电容器的电容由电容器本身决定
3、，与电容器所带电量和两极板电压无关，故AC错误；由C=S4kd可知：平行板电容器的电容与极板的正对面积正比，与它们之间距离的成反比，故B错误，D正确；故选D。【点睛】本题要抓住电容比值定义法的共性，电容反映了电容器容纳电荷本领的大小，与电压、电量无关。3.天津市有多条河流，每条河流需要架设多座桥梁。假如架设桥梁的每一个桥墩有两根支柱，每根支柱都是用相同横截面积的钢筋混凝土铸造。按照下列角度设计支柱，能使支柱的承重能力更强的是A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】依据受力分析，结合矢量的合成法则，及两力的合力一定时，当两分力夹角越大，则分力越大，夹角越小时，则分力越小，从而即可求解。
4、【详解】由题意可知，两根支柱支撑相同的质量的桥梁，即两个力的合力是一定，当两个力的夹角越大时，则分力也越大，当两个力的夹角越小时，则分力也越小，能使支柱的承重能力更强的是，即使支柱支撑的力要小，故A正确，故BCD错误；故选A。【点睛】考查矢量的合成法则，掌握两力的合成，当合力一定时，两分力大小与夹角的关系，同时理解能使支柱的承重能力更强，不是支柱支撑的力最大，而要最小的。4.飞机在海上进行投弹演习，飞机水平匀速飞行，其投出的炸弹欲命中海面上的固定目标A. 飞机必须在目标正上方开始投弹才能命中目标B. 飞机必须在越过目标以后开始投弹才能命中目标C. 炸弹在空中飞行的时间由飞机离海面的高度决定D.
5、 炸弹在空中飞行的时间由飞机水平飞行的速度决定【答案】C【解析】【分析】飞机水平匀速飞行，其投出的炸弹平抛运动，分解为水平方向匀速直线运动和竖直方向自由落体运动，根据其规律分析各项即可。【详解】飞机水平匀速飞行，其投出的炸弹做平抛运动，分解为水平方向匀速直线运动和竖直方向自由落体运动，故要想击中目标，必须提前投弹，故AB错误；根据h=12gt2可知，平抛运动的时间由竖直下落的高度决定，故C正确，D错误；故选C。【点睛】本题考查平抛运动的特点，关键是掌握两分方向的运功规律，水平方向匀速直线运动，竖直方向自由落体运动，然后利用运动规律解题即可。5.两颗卫星都围绕地球做匀速圆周运动，卫星A轨道半径为
6、36000km，卫星B轨道半径为21500km。下列说法正确的是A. 两颗卫星的发射速度均小于第一宇宙速度B. 卫星A的速率比卫星B的大C. 卫星A的加速度小于卫星B的加速度D. 卫星A的运动周期小于卫星B的运动周期【答案】C【解析】【分析】根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出周期、线速度、角速度和向心加速度的表达式，再进行讨论即可。【详解】第一宇宙速度是最小的发射速度，由于两颗卫星的轨道高度都较大，所以两颗卫星的发射速度均大于第一宇宙速度。故A错误；根据人造卫星的万有引力等于向心力，得：GMmr2=m(2T)2r=mv2r=ma可得：T=2r3GM，v=GMr，a=GMr2，可知卫星的
7、轨道半径越小，角速度、线速度、向心加速度越大，周期越小；由题中A的轨道半径大于B的轨道半径，则知A周期大，A的速度和向心加速度都小，故C正确，BD错误。故选C。【点睛】本题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论。6.如图所示电路，电源内阻不可忽略，电压表和电流表均视为理想电表。当开关闭合后，滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是A. 通过电阻R0的电流减小B. 电源内电阻上的电压减小C. 电流表和电压表的读数均增大D. 电流表的读数增大，电压表的读数变小【答案】D【解析】【分析】当滑片逐渐向右滑动时，外电路的总电阻变化，根据闭合电
8、路欧姆定律判断干路电流的变化情况；根据U=E-Ir判断路端电压的变化情况；即可得到两个电表读数的变化。【详解】当滑片逐渐向右滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律，总电流增大，电流表示数变大，通过电阻R0的电流增大，电源内阻上的电压U内Ir增大，电压表测的是路端电压U=E-Ir，路端电压减小，电压表示数变小，故ABC错误，D正确；故选D。【点睛】本题是电路的动态分析问题，关键是明确电路结构，然后结合闭合电路欧姆定律和串并联电路的电压和电流关系列式分析。7.纸面内的两根导线相互平行，通有同向且等大的电流，则A. 两导线相互排斥B. 两导线相互吸引C. 两导线之间
9、与两导线距离相等处磁场方向垂直于纸面向里D. 两导线之间与两导线距离相等处磁场方向垂直于纸面向外【答案】B【解析】【分析】带电体周围存在着一种特殊物质，这种物质叫电场，其基本性质是对放入电荷有电场力的作用，而电荷间的相互作用就是通过电场发生的。通电导线的周围有磁场，另一通电导体放在此通电导线的磁场内，受到磁场的作用，根据左手定则就可以判断出相互作用力。【详解】根据通电直导线产生磁场的特点，两条导线周围都产生圆形磁场，而且磁场的走向相反；这就好像在两条导线中间放置了两块磁铁，它们的N极和S极相对，S极和N极相对，由于异名磁极相吸，这两条导线会产生吸引力，故A错误，B正确；根据矢量的叠加法则，结合
10、以上分析：在两条导线之间磁场方向相反，则两导线之间与两导线距离相等处，两导线在此处磁场方向相反，大小相等，因此它们的合磁场为零，故CD错误。故选B。【点睛】本题考查了电流的磁场、磁场对电流的作用，只是要求灵活运用所学知识；电场是特殊形态的物质，看不见，摸不着，但又是客观存在的物质，电荷周围就存在电场，已被大量实验证明。8.一玩具小车沿x轴运动，其vt图象如图所示。下列说法正确的是A. 第1s内和第4内，小车的加速度大小相等、方向相同B. 03s内，小车的平均速度为5m/sC. t=3s时，小车的速度大小为5m/s，方向沿x轴正方向D. 第2s内和第3s内，合力对小车做的功相同【答案】A【解析】
11、【分析】v-t图象的斜率表示加速度，速度的正负表示运动方向，图线与坐标轴围城图形的面积表示位移。平均速度等于位移与时间之比。据此分析。【详解】v-t图象的斜率表示加速度，可知第1s内和第4s内的加速度大小k=a=vt=5m/s2，方向均为正方向；故A正确。由v-t图象的面积表示位移，可知03s内的位移相等为2.5m，由v=xt=2.53m/s=56m/s，故B错误；t=3s时，小车的速度大小为5m/s，方向沿x轴负方向，故C错误；根据图象可知，第2s内动能的减少量和第3s内动能的增加量相等，根据动能定理可知，外力对质点在第2s内做负功和第3s内做正功，两者大小相等，性质不同；故D错误。故选A。
12、二、不定项选择题(每小题4分，共16分。每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分)9.根据物理学发展史，下列叙述中符合事实的是A. 伽利略用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德关于“力是维持物体运动的原因”的观点，而且归纳、总结出牛顿第一定律B. 法拉第提出了场的概念，而且采用电场线来直观、形象地描绘电场C. 安培研究了磁场对电流的作用规律，还提出了著名的分子电流假说，用来解释磁化和消磁等一些现象D. 卡文迪许将行星与太阳、地球与月球、地球与地面物体之间的引力规律推广到宇宙中的一切物体，得出万有引力定律，还测出了引力常量的数值【答案】B
13、C【解析】【详解】伽利略应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点，但没有总结牛顿第一定律，故A错误；法拉第不仅提出了场的概念，而且采用电场线来直观地描绘了电场，故B正确；安培研究了磁场对电流的作用规律，还提出了著名的分子电流假说，用来解释磁化和消磁等一些现象，故C正确；牛顿将行星与太阳、地球与月球、地球与地面物体之间的引力规律推广到宇宙中的一切物体，得出万有引力定律。卡文迪许测出了引力常量的数值，故D错误。故选BC。10.电场中的电场线和等势面如图所示，下列说法正确的有A. A、B两点电势高低及场强大小的关系是AEBB. 负点电荷q在A、B处电势能EpAEpBC.
14、从A到B移动正点电荷，电场力做正功D. 负点电荷只在电场力作用下从A运动到B，动能增加【答案】AD【解析】【分析】电场强度根据电场线的疏密分析大小。根据沿电场线方向电势降低判断电势的高低，由电势能公式Ep=q分析负电荷的电势能大小。根据电场力方向与速度方向的夹角，判断静电力做功正负。【详解】电场线的疏密表示电场的强弱，A点处电场线比B处电场线密，则A点的电场强度比B点的电场强度大，即EAEB；沿电场线的方向电势降低，由图可知，电场线的方向向左，B点的电势高，即AB，故A正确。B所在等势面的电势高于A所在等势面的电势，所以B点比A点的电势高，由电势能公式Ep=q分析得知，负电荷在A点的电势能比在
15、B点的电势能大，故B错误。A、B两点间的电势差UAB=A-B，因为AB，所以UAB0，可知电场力做负功，故C错误。负电荷由A向B移动，电势能减小，静电力做正功，动能增加，故D正确。故选AD。【点睛】本题关键掌握电场线与电势、电场强度的关系，知道沿电场线方向电势降低，负电荷所受的静电力逆着电场线。11.游乐场的过山车可以底朝上在圆轨道上运行，游客却不会掉下来，其模型如图所示的小球运动。D为圆轨道最高点，B为轨道底部。小球从高度为h处的A点由静止开始下滑，忽略摩擦和空气阻力。下列表述正确的有A. h越大，小球到达B处时的速度越大B. 小球运动到B处时轨道所受的压力大于小球的重力C. 小球过D点的速度可以为零D. h越大，小球运动到B处时轨道所受的压力越小【答案】AB【解析】【分析】由于忽略空气阻力和摩擦，则整个过程机械能守恒，由机械能守恒律或动能定理求出到达最低点的速度；由牛顿第二定律可知在最低点是超重；在最高点由于是圆周运动的一部分，所以速度必满足一定的要求；到B处压力随速度的增大而增大。【详解】由机械能守恒律，当h越大时，到B点减小的重力势能越大，动能越大，所以到B点的速度越大，选项A正确；在B点，由于是圆周运动的
