《安徽省皖南八校2019届高三三模考试物理试题 Word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《安徽省皖南八校2019届高三三模考试物理试题 Word版含解析（18页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2019年安徽省皖南八校高考物理三模试卷一、选择题1.如图所示为氢原子能级图，现有大量氢原子从n4的能级发生跃迁，产生一些不同频率的光，让这些光照射一个逸出功为2.29eV的钠光管，以下说法正确的是（）A. 这些氢原子可能发出3种不同频率的光B. 能够让钠光电管发生光电效应现象的有4种光子C. 光电管发出的光电子与原子核发生衰变时飞出的电子都是来源于原子核内部D. 钠光电管在这些光照射下发出的光电子再次轰击处于基态的氢原子可以使氢原子跃迁到n3的能级【答案】B【解析】【详解】A、大量氢原子从n4的能级跃迁能产生种不同频率的光，故A错误；B、其中能让钠光电管发生光电效应现象的有4种光子，即为从n
2、2到从n1，从n3到从n1，从n4到从n1，从n4到从n2，故B正确；C、光电子来自于金属板中的自由电子，故C错误。D、氢原子从n4的能级向n1发生跃迁，发射光子能量最大，当照射钠光管放出能量为E13.60.852.2910.46eV，而氢原子从n1的能级跃n3的能级，需要吸收能量为E13.61.5112.09eV，因10.46eV12.09eV，不能实现跃迁。故D错误；2.如图，用硬铁丝弯成的光滑半圆环竖直放置，直径竖直，O为圆心，最高点B处固定一光滑轻质滑轮，质量为m的小环A穿在半圆环上。现用细线一端拴在A上，另一端跨过滑轮用力F拉动，使A缓慢向上移动。小环A及滑轮B大小不计，在移动过程中
3、，关于拉力F以及半圆环对A的弹力N的说法正确的是（）A. F逐渐增大B. N的方向始终指向圆心OC. N逐渐变小D. N大小不变【答案】D【解析】【详解】在物块缓慢向上移动的过程中，小圆环A处于三力平衡状态，根据平衡条件知mg与N的合力与T等大反向共线，作出mg与N的合力，如图，由三角形相似得：A、FT，由可得：，AB变小，BO不变，则F变小；故A错误；BCD、由可得： ，AO、BO都不变，则N不变，方向始终背离圆心；故D正确，BC错误；3.2019年春节档，科幻电影流浪地球红遍大江南北。电影讲述的是太阳即将毁灭，人类在地21球上建造出巨大的推进器，使地球经历停止自转、加速逃逸、匀速滑行、减速
4、人轨等阶段，最后成为新恒星（比邻星）的一颗行星的故事。假设儿千年后地球流浪成功，成为比邻星的一颗行星，设比邻星的质量为太阳质量的1/8，地球质量在流浪过程中损失了1/5，地球绕比邻星运行的轨道半径为地球绕太阳运行轨道半径的1/2，则下列说法正确的是（）A. 地球绕比邻星运行的公转周期和绕太阳的公转周期相同B. 地球绕比邻星运行的向心加速度是绕太阳运行时向心加速度的2/5C. 地球与比邻星间的万有引力为地球与太阳间万有引力的1/10D. 地球绕比邻星运行的动能是绕太阳运行时动能的1/10【答案】A【解析】【详解】A、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得： ，解得： ，则：，即：T比T太，故A正确
5、；B、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得： ，故B错误；C、万有引力：,代入数据计算解得，故C错误；D、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：，动能：，代入数据计算解得动能之比为 故D错误；4.如图，理想变压器T的原线圈接在电压为U的交流电源两端，P为滑动变阻器的滑片，RT为热敏电阻，其阻值随温度升高而变小。则A. P向左滑动时，变压器的输出电压变大B. P向左滑动时，变压器的输入功率变大C. RT温度升高时，灯L变亮D. RT温度升高时，适当向左滑动P可保持灯L亮度不变【答案】B【解析】P向左滑动时，电阻变大，次级电流减小，根据P=IU可知，因变压器输出电压不变，故变压器的输出功率
6、减小，变压器输入功率减小，选项AB错误；RT温度升高时，RT电阻减小，次级电阻减小，电流变大，变阻器两端电压变大，电灯两端电压变小，故灯L变暗，选项C错误；适当向左滑动P，则次级电流减小，变阻器两端电压变小，电灯两端电压变大，故灯L变亮；则RT温度升高时，适当向左滑动P可保持灯L亮度不变，选项D正确；故选D.5.如图所示，白色传送带A、B两端距离L14m，以速度v08m/s逆时针匀速转动，并且传送带与水平面的夹角为37，现将一质量为m2kg的煤块轻放在传送带的A端，煤块与传送带间动摩擦因数0.25，取g10m/s2，sin370.6，cos370.8，则下列叙述正确的是（）A. 煤块从A端运动
7、到B端所经历时间为2.25sB. 煤块运动到B端时重力的瞬时功率为120WC. 煤块从A端运动到B端在传送带上留下的黑色痕迹为4mD. 煤块从A端运动到B端因摩擦产生的热量为8J【答案】C【解析】【详解】煤块放在传送带后受到沿斜面向下的滑动摩擦力作用，一定先向下做匀加速直线运动。A、设经过时间t1，煤块的速度与传送带相同，匀加速运动的加速度大小为a1，则根据牛顿第二定律得：mgsin+mgcosma1，可得 a1g（sin+cos）8m/s2，由 v0a1t1得 t11s，此过程通过的位移大小为 x1t14mL。由于mgsinmgcos故煤块速度大小等于传送带速度大小后，继续匀加速向下运动，受
8、到的滑动摩擦力沿斜面向上。设煤块接着做匀加速运动的加速度为a2，运动的时间为t2，则 mgsinmgcosma2，可得 由，代入数据得：t21s。故煤块从A到B的运动时间是tt1+t22s。故A错误。B、煤块从A端运动到B端时速度 vv0+a2t212m/s，此时重力的瞬时功率为 Pmgvsin144W，故B错误。C、由于两个过程煤块与传送带间的相对位移大小（v0t1x1）（Lx1）v0t2，所以煤块从A端运动到B端留下的黑色痕迹长度为 Sv0t1x14m。故C正确。D、煤块从A端运动到B端因摩擦产生的热量为 Qmgcos（v0t1x1）+（Lx1）v0t2，代入数据解得：Q24J，故D错误。
9、6.如图所示，半圆槽光滑、绝缘、固定，圆心是O，最低点是P，直径MN水平，a、b是两个完全相同的带正电小球视为点电荷，b固定在M点，a从N点静止释放，沿半圆槽运动经过P点到达某点图中未画出时速度为零。则小球aA. 从N到Q的过程中，重力与库仑力的合力一直增大B. 从N到Q的过程中，速率先增大后减小，最大速率的位置在P点C. 从P到Q的过程中，动能减少量大于电势能增加量D. 从N到Q的过程中，电势能先增加后减小【答案】AC【解析】【分析】分析库仑力及重力的合力，根据功的公式明确合力做功情况；再根据重力做功和电场力做功的特点与势能的关系分析电势能的变化.【详解】A、当电荷a在N点时，受竖直向下的重
10、力和水平向右的电场力，a从N点静止释放，沿半圆槽运动经过P点到达某点Q的过程中，电场力和重力之间的夹角（不是钝角）一直减小，且电场力逐渐增大，所以重力与电场力的合力一直增大，选项A正确；B、在N点是，电场力与重力的合力与该点的切线方向之间的夹角是锐角，所以在开始向下运动的过程中，合力做正功，速率增大；在P时，速度的方向是水平向左的，与合力之间的夹角为钝角，所以在此之间，合力已经开始做负功了，所以有段时间速率减小，从N到P的过程中，速率先增大后减小，速率最大点应该在NP间某点，故B错误；C、从P到Q的过程中，电场力做负功，重力也做负功，动能的减少量等于电势能和重力势能的增加量之和，即动能减少量大
11、于电势能增加量，故C正确；D、从N到Q的过程中点除外，电场力的方向与速度的方向始终成钝角，电场力做负功，电势能始终增加，故D错误；故选AC.【点睛】本题考查功能关系，要注意明确电场力和重力具有相同的性质，即重力做功量度重力势能的改变量；而电场力做功量度电势能的改变量。功和能的关系：功是能量转化的量度。有两层含义：(1)做功的过程就是能量转化的过程，(2)做功的多少决定了能转化的数量，即：功是能量转化的量度,功是一种过程量，它和一段位移一段时间相对应；而能是一种状态量，它与一个时刻相对应。两者的单位是相同的都是，但不能说功就是能，也不能说“功变成了能”.7.如图所示，A、B两小球由绕过轻质定滑轮
12、的细线相连，A放在固定的光滑斜面上，B、C两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上，已知A的质量为5m，B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计。现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行，开始时整个系统处于静止状态。释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时C恰好离开地面，关于此过程，下列说法正确的是（）A. 斜面倾角37B. C刚离开地面时，B的加速度为0C. A获得最大速度为D. A、B两小球组成的系统机械能守恒【答案】BC【解析】【详解】AB、A的速度最大时，A所受的合力为零，此时绳的拉力T5mgsi
13、n此时C恰好离开地面，故弹簧的拉力为mg，对B受力分析可得绳对B的拉力为 T2mg，可得 sin0.4，37故A错误。B、物体C刚离开地面时，B的合外力为0，加速度为0，故B正确。C、初始时系统静止，且线上无拉力，对B有 kx1mgC刚好离开地面时，有kx2mg，可知x1x2，则从释放至C刚离开地面的过程中，弹簧弹性势能变化量为零，此过程中，A、B、C组成的系统机械能守恒，即5mg（x1+x2）sinmg（x1+x2）+ （5m+m）vAm2以上方程联立可解得：A获得最大速度为，故C正确。D、从释放A到C刚离开地面的过程中，根据A、B和弹簧组成的系统机械能守恒，但是A、B两小球组成的系统机械能
14、不守恒，故D错误。8.如图所示，在光滑水平面上有宽度为d的匀强磁场区域，边界线MN平行于PQ线，磁场方向垂直平面向下，磁感应强度大小为B，边长为L（Ld）的正方形金属线框，电阻为R，质量为m，在水平向右的恒力F作用下，从距离MN为d/2处由静止开始运动，线框右边到MN时速度与到PQ时的速度大小相等，运动过程中线框右边始终与MN平行，则下列说法正确的是（）A. 线框进入磁场过程中做加速运动B. 线框的右边刚进入磁场时所受安培力的大小为C. 线框在进入磁场的过程中速度的最小值为D. 线框右边从MN到PQ运动的过程中，线框中产生的焦耳热为Fd【答案】BD【解析】【详解】A、线框右边到MN时速度与到P
15、Q时速度大小相等，线框完全进入磁场过程不受安培力作用，线框完全进入磁场后做加速运动，由此可知，线框进入磁场过程做减速运动，故A错误；B、线框进入磁场前过程，由动能定理得：，解得：，线框受到的安培力： ，故B正确；C、线框完全进入磁场时速度最小，从线框完全进入磁场到右边到达PQ过程，对线框，由动能定理得： 解得： ，故C错误；D、线框右边到达MN、PQ时速度相等，线框动能不变，该过程线框产生的焦耳热：QFd，故D正确；二、解答题9.某实验小组设计了一个探究加速度a与物体所受合力F及质量m关系的实验，如图所示已知小车质量M250g，砝码盘的质量记为m0，所使用的打点计时器交流电频率f50Hz其实验步骤是：a按图中所示安装好实验装置；b调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下做匀速运动；c取下细绳和砝码盘，记下砝码盘中砝码的质量m；d先接通电源，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求得小车的加速度a；e重新挂上细绳和砝码
