《江苏省、宜兴中学等2019届高三4月调研试卷物理试题 Word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江苏省、宜兴中学等2019届高三4月调研试卷物理试题 Word版含解析（21页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2019年江苏省泰州中学、宜兴中学等高考物理调研试卷（4月份）一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意）1. 遥控器能调换电视机频道，利用的是光传感器。下列属于应用这类传感器的是A. 红外报警装置B. 金属电阻温度计C. 电子电路中使用的“干簧管”D. 霍尔元件【答案】A【解析】红外报警装置是利用的光敏电阻制成的光传感器，A正确；金属电阻温度计是利用的热敏电阻制成的传感器，B错误；干簧管利用的热敏电阻，C错误；霍尔元件利用的是霍尔效应，D错误。2.如图所示是由电源E、灵敏电流计G、滑动变阻器R和平行板电容器C组成的电路，开关S闭合。在下列四个过程中，灵敏电
2、流计中有方向由a到b电流的是（）A. 将滑动变阻器R滑片向右移动B. 在平行板电容器中插入电介质C. 减小平行板电容器两极板间的距离D. 减小平行板电容器两极板的正对面积【答案】D【解析】试题分析：电路稳定时，该电路中没有电流，移动滑动变阻器R的滑片，电容器的电压不变，电路中仍没有电流故选项A错误；在平行板电容器中插入电介质，根据电容的决定式分析得知电容增大，而电容器的电压不变，则电容的定义式分析得知电容器所带电量增加，将要充电，电路中形成逆时针方向的充电电流，有b到a方向的电流通过电流计故B错误；减小平行板电容器两极板间的距离，根据电容的决定式知电容增大，而电容器的电压不变，则电容的定义式得
3、电容器所带电量增加，将要充电，电路中形成逆时针方向的充电电流，有b到a方向的电流通过电流计，故C错误减小平行板电容器两极板的正对面积，得电容减小，而电容器的电压不变，则电容器所带电量减小，将要放电，电路中形成顺时针方向的放电电流，有a到b方向的电流通过电流计，故D正确。考点：本题考查了电容器的充放电、电容器的两类动态变化、闭合电路的欧姆定律。3.我国发射的“神舟八号”飞船与先期发射的“天宫一号”空间站实现了完美对接。已知“天宫一号”绕地球做圆轨道运动，轨道半径为r，周期为T，万有引力常量为G，假设沿椭圆轨道运动的“神州八号”环绕地球的运动方向与“天宫一号”相同，远地点与“天宫一号”的圆轨道相切
4、于某点P，并在该点附近实现对接，如图所示。则下列说法正确的是（）A. 根据题设条件可以计算出地球对“天宫一号”的引力大小B. 根据题中条件可以计算出地球的质量C. 在远地点P处，“神舟八号”的加速度比“天宫一号”大D. 要实现在远地点P处对接，“神舟八号”需在靠近P处之前应该点火减速【答案】B【解析】【详解】AB、根据知，地球的质量，由于“天宫一号”的质量未知，无法求出地球对“天宫一号”的引力大小，故A错误，B正确。C、根据,得：，则在远地点P处，“神舟八号”的加速度与“天宫一号”加速度相等，故C错误.D、要实现在远地点P处对接，“神舟八号”需在靠近P处之前应该点火加速，使得万有引力等于向心力
5、，故D错误.4.如图所示，靠在竖直粗糙墙壁上的物块在t0时被无初速释放，此时开始受到一随时间变化规律为Fkt的水平力作用，f、a、Ek和Ep分别表示物块所受的摩擦力、物块的加速度、动能和重力势能变化量，下列图象能正确描述上述物理量随时间变化规律的是（）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】物块在t0时被无初速释放，由于Fkt，则开始过程，物块对墙壁的压力较小，所受的滑动摩擦力小于重力，物块加速下滑；后来，滑动摩擦力大于重力，物块减速下滑，直到速度为零，物块静止在墙壁上。取竖直向下方向为正方向。A、物块运动过程中，fFNFkt，f与t成正比；当物块静止时，fmg保持不变，图象从斜直线
6、变为水平线有一突变，如图所示：；故A错误.B、加速运动过程中：mg-fma ，又fFNFkt，得，a随着t增大而减小，物块做加速度减小的变加速运动；减速运动过程中：由于mgf，由得知，随着t增大，a反向增大，物块做加速度增大的变减速运动；故B正确.C、由于v与时间是非线性关系，动能，则知动能与时间也非线性关系，其图象应曲线，故C错误.D、物体下落时做变加速直线运动，很显然高度高度变化不随时间线性变化，由于重力势能变化对应重力做功，且最后物块静止，重力势能不再变化；故D错误.5.如图所示，水平桌面上的轻弹簧一端固定，另一端与小物块相连；弹簧处于自然长度时物块位于O点（图中未画出）；物块的质量为m
7、，AB=a，物块与桌面间的动摩擦因数为现用水平向右的力将物块从O点拉至A点，拉力做的功为W撤去拉力后物块由静止开始向左运动，经O点到达B点时速度为零重力加速度为g则上述过程中（）A. 物块在A点时，弹簧的弹性势能等于W-mgaB. 物块在B点时，弹簧的弹性势能小于W-mgaC. 经O点时，物块的动能等于W-mgaD. 物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在B点时弹簧的弹性势能【答案】B【解析】试题分析：据题意分析：物块到达B点时速度为0，但加速度不一定是零，即不一定合力为0，这是此题的不确定处弹簧作阻尼振动，如果接触面摩擦系数很小，则动能为最大时时弹簧伸长量小（此时弹力等于摩擦力），而弹簧振幅
8、变化将很小，B点弹簧伸长大于动能最大点；如果较大，则动能最大时，弹簧伸长量较大，（因弹力等于摩擦力，较大，摩擦力也较大，同一个弹簧，则需要较大伸长量，弹力才可能与摩擦力平衡），而此时振幅变化很大，即振幅将变小，则物块将可能在离O点很近处，就处于静止（速度为0，加速度也为0），此时B点伸长量可能小于动能最大时伸长量，B点势能可能小于动能最大处势能至于物块在A点或B点时弹簧的弹性势能，由功能关系和动能定理分析讨论即可如果没有摩擦力，则O点应该在AB的中点，由于有摩擦力，物体从A到B过程中有机械能损失，故无法到达没有摩擦力情况下的B点，也即O点靠近B点故设物块在A点时弹簧的弹性势能为，物块从A点运动
9、到O点的过程，由能量守恒定律得，则得，即物块在A点时，弹簧的弹性势能小于，故A错误；由A分析得物块从开始运动到最终停在B点，路程大于，故整个过程物体克服阻力做功大于，故物块在B点时，弹簧的弹性势能小于，故B正确；从O点开始到再次到达O点，物体路程大于a，故由动能定理得，物块的动能小于，故C正确；物块动能最大时，弹力等于摩擦力，而在B点弹力与摩擦力的大小关系未知，故物块动能最大时弹簧伸长量与物块在B点时弹簧伸长量大小未知，故此两位置弹性势能大小关系不好判断，故D错误。二多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0
10、分6.如图甲所示，在杂技表演中，猴子沿竖直杆向上运动，其v-t图象如图乙所示，同时人顶着杆沿水平地面运动x-t图象如图丙所示。若以地面为参考系，下列说法正确的是（）A. 猴子在2s时的速度为0B. 猴子在2s内做匀变速直线运动C. t0时猴子的速度大小为6 m/sD. 猴子在2s内的加速度大小为3m/s2【答案】D【解析】猴子在2s时竖直方向的速度为零，s-t图象的斜率等于速度，则知猴子水平方向的初速度大小为vx=3m/s，所以猴子在2s时的速度为3m/s，故A错误；由乙图知，猴子竖直方向上做匀减速直线运动，加速度竖直向下由丙图知，猴子水平方向上做匀速直线运动，则猴子的加速度竖直向下，与初速度
11、方向不在同一直线上，故猴子在2s内做匀变速曲线运动故B错误；s-t图象的斜率等于速度，则知猴子水平方向的初速度大小为vx=3m/s，竖直方向分速度vy=6m/s，t=0时猴子的速度大小为：v=3m/s故C错误v-t图象的斜率等于加速度，则知猴子的加速度大小为：a=m/s2=3m/s2故D正确故选D点睛：解决本题的关键知道猴子参与了水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的匀加速直线运动，会运用运动的合成分析物体的运动轨迹和运动情况7.在如图甲所示的电路中，变压器为理想变压器，定值电阻R15、R210、R32.5，流过副线圈的电流随时间的变化关系如图乙所示，已知电阻R1和R2消耗的功率相等，则（）A
12、. 变压器原、副线圈的匝数比为2：1B. 流过变压器原线圈的电流有效值为1AC. 流过电阻R的电流有效值为D. 电阻R1消耗的功率为5W【答案】AC【解析】【分析】根据电阻R2和R3消耗的功率相等列式可求解原副线圈的电压比，从而求解匝数比；根据图像可知副线圈电流的有效值，根据匝数比求解原线圈电流有效值；根据变压器匝数和电压的关系求解初级电压有效值，从而求解电阻R2电流有效值；电阻R1电流的有效值等于变压器初级电流有效值与R2电流有效值之和；根据P=I2R求解电功率。【详解】因电阻R2和R3消耗的功率相等，则，解得，根据 可知变压器原、副线圈的匝数比为2：l，选项A正确；次级电流有效值为，根据
13、可知流过变压器原线圈的电流有效值为，选项B错误；次级电压有效值为，则初级电压有效值为 ；R2电流的有效值为：，则流过电阻R1的电流有效值为，选项C正确；电阻R1消耗的功率为，选项D错误；故选AC.8.空间存在着平行于x轴方向的静电场，其电势随x的分布如图所示，A、M、O、N、B为x轴上的点，|OM|ON|OA|OB|，一个带电粒子在电场中仅在电场力作用下从M点由静止开始沿x轴向右运动，则下列判断中正确的是（）A. 粒子一定带负电B. 粒子从M向O运动过程中所受电场力随空间均匀增大C. 粒子一定能通过N点D. 粒子从M向N运动过程中电势能先增大后减小【答案】AC【解析】【详解】A、由图可知，AB
14、两点电势相等，O点的电势最高，A到O是逆电场线，粒子仅在电场力作用下，从M点由静止开始沿x轴向右运动即逆电场线方向运动，故粒子一定带负电；故A正确；B、A到M电势均匀升高，故A到O的电场是匀强电场，所以粒子M向O运动过程中所受电场力不变；故B错误；C、由图可知，AB两点电势相等，M点的电势小于N点的电势，故M到O电场力做的功大于O到N电场力做的功，所以粒子一定能通过N点；故C正确.D、粒子从M向O运动过程电场力做正功，电势能一定减小；故D错误.9.如图所示，一物体m在沿斜面向上的恒力F作用下，由静止从底端沿光滑的足够长斜面向上做匀加速直线运动，经过时间t撤去F，物体又经过时间t返回斜面底端。在
15、整个运动过程中，斜面始终静止，斜面质量为M，则下列说法正确的是（）A. 物体上滑和下滑过程中，斜面所受地面的摩擦力始终水平向左B. 物体返回斜面底端时的速度大小是撒去拉力F时的2倍C. 物体下滑过程中，斜面对地面的压力小于(m+M)gD. 物体开始所受拉力F3mgsin【答案】ABC【解析】【详解】A、在力F作用时，物块沿斜面向上匀加速，物块对斜面压力垂直斜面向下，而斜面静止，水平方向合力为零，所以地面对斜面的摩擦力水平向左。撤去F上滑和下滑的两个过程中，物体的加速度方向都沿斜面向下，对整体研究，分析受力情况，将物体的加速度分解为水平和竖直两个方向，由牛顿第二定律得：Ffmaxmacos，ax方向水平向左，则地面对B的摩擦力方向也水平向左，故A正确；C、物体下滑过程中，物体的加速度方向沿斜面向下，对整体研究，分析受力情况，将物体的加速度分解为水平和竖直两个方向，竖直方向的加速度方向竖直向下，处于失重状态，所以斜面对地面的压力小于(m+M)g，故C正确；B、D、从底端到撤去F时，对物体应用运动学规律有： 撤去F时的速度：va1t
