2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1、如图，平行板电容器与电动势为E的电源连接，下极板接地一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态现将上极板竖直向上移动一小段距离，则( )A．两极板间电场场强大小不变B．电容器带电量增加C．P点的电势升高D．带电油滴将竖直向上运动2、下列物理量不属于矢量的是（ ）A．磁通量 B．力 C．电场强度 D．磁感应强度3、如下图所示，在电荷为Q的电场中，有a、b两点．一电子从a向b运动，那么该电子所受的电场力将（ ）A．减小 B．增大 C．不变 D．无法判断4、如图所示，一个导线框在匀强磁场中向垂直于磁感线的方向运动，导线中会不会产生感应电流( )A．一定不会 B．一定会 C．可能会 D．可能不会5、在地面附近，存在着一有理想边界的电场，边界A、B将该空间分成上下两个区域Ⅰ、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向下的匀强电场，区域Ⅰ中无电场．在区域Ⅱ中边界下方某一位置P，由静止释放一质量为m，电荷量为q的带负电小球，如图（a）所示，小球运动的v-t图象如图（b）所示，已知重力加速度为g，不计空气阻力，则以下说法不正确的是A．小球在7s末回到出发点B．电场强度大小是C．P点距边界的距离为D．若边界AB处电势为零，则P点电势为6、图为测量某电源电动势和内阻时得到的图线用此电源与三个阻值均为的电阻连接成电路，测得路端电压为则该电路可能为 A． B．C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分7、如图所示，平行板电容器经开关S与电池连接，S是闭合的，U表示电容器两极板间的电势差，Q表示极板所带的电量，E表示匀强电场的电场强度．现将电容器的B板向下稍微移动，使两板间的距离增大，则（）A．U不变，E变小 B．Q不变，E不变C．U变小，E不变 D．Q变小，E变小8、我国第21次南极科考队在南极观看到了美丽的极光．极光是由来自太阳的高能量带电粒子流高速冲进高空稀薄大气层时，被地球磁场俘获，从而改变原有运动方向，向两极做螺旋运动，如图所示．这些高能粒子在运动过程中与大气分子或原子剧烈碰撞或摩擦，从而激发大气分子或原子使其发出各种颜色的光．科学家发现并证实，向两极做螺旋运动的这些高能粒子的旋转半径是不断减小的，这主要与下列哪些因素有关( )A．太阳对带电粒子的引力做负功B．越靠近南北两极的磁感应强度越强C．空气阻力对带电粒子做负功，使其动能减少D．洛伦兹力对带电粒子做负功，使其动能减少9、某同学在研究电子在电场中的运动时，得到了电子由a点运动到b点的轨迹图中实线所示，图中未标明方向的一组虚线是电场线，则下列说法正确的判断是 A．电子在a点动能较小 B．电子在b点动能较小C．a点的场强大于b点的场强 D．a点电势低于b点电势10、一个重为600N的人站在电梯中，此人对电梯地板的压力为700N，则此电梯的运动情况可能是（ ）A．加速上升 B．减速上升 C．加速下降 D．减速下降三、实验题：本题共2小题，共18分。
把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程11．（6分）图甲游标卡尺的示数L=________mm；图乙螺旋测微器的示数D=_________mm．12．（12分）某同学用如图甲所示装置测量木板与水平轨道间的动摩擦因数．木板上固定两个完全相同的遮光条M、N，用不可伸长的细线将木板通过两个滑轮与弹簧测力计A和质量为m0的重物B相连，重力加速度为g，滑轮质量、摩擦不计．（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，则遮光条的宽度d=_______cm．（2）本实验中先测出木板、遮光条的总质量m，两遮光条间的距离L，实验过程中弹簧测力计示数为F，遮光条N、M先后经过光电门的时间为t1、t2，则遮光条N、M通过光电门时的速度分别为__________、__________，木板与水平轨道间的动摩擦因数μ=_____________．(本小题各问用题中所给符号表示)四、计算题：本题共2小题，共26分把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤13．（10分）如图所示,用一根绝缘轻绳悬挂一个带电小球,小球的质量为.现加一水平方向向左的匀强电场,场强,平衡时绝缘线与竖直方向的夹角为,求:小球带何种电荷,电荷量为多大?14．（16分）地面上方存在水平向右的匀强电场，一质量为m带电量为q的小球用绝缘丝线悬挂在电场中，当小球静止时丝线与竖直方向的夹角为，此时小球到地面的高度为h,求：（1）匀强电场的场强？（2）若丝线突然断掉，小球经过多长时间落地？15．（12分）如图连接电路，闭合开关 S，电源向电容器充电，直到充电结束，请画出充电电流 i 随时间 t 变化的图像， 并说出 i-t 图像与 t 轴所围的“面积”表示的物理意义，请画出充电过程电容器的电压 u 随电容器带电量q 变化的图像，并说出 u-q 图像与 q 轴所围的“面积”表示的物理意义．参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1、C【解析】将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由电容器的决定式可判断电容的变化；而电容器两板间电压不变，根据E=U/d分析板间场强的变化，判断电场力变化，确定油滴运动情况；根据Q=UC判断电量的变化；由U=Ed分析P点与下极板间电势差如何变化，即能分析P点电势的变化．【详解】AD. 带电油滴处于平衡状态，所受电场力向上，Eq=mg将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据E=U/d得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动故A错误，D错误；B.上极板上移时，两板间电压U不变，d增大，由可知C减小，根据Q=UC可知，极板带电量减小，故B错误；C.场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而P点的电势低于下极板的电势，则知P点的电势将升高故C正确；故选：C2、A【解析】标量是只有大小，没有方向的物理量，矢量是既有大小又有方向、运算时遵循平行四边形定则的物理量磁通量的定义为穿过某一面积的磁感线的条数，故为标量，BCD错误，A正确3、B【解析】试题分析：根据库仑力的表达式可知，电荷间距离越小，库仑力就越大．故选B考点：库仑定律点评：容易题．真空中两个点电荷之间的相互作用力的大小，跟它们的电荷量的乘积成正比，跟它们的距离的二次方成反比，作用力的方向沿着它们的连线．4、A【解析】导线框在匀强磁场中向垂直于磁感线的方向运动，穿过导线框的磁通量不变，则不会产生感应电流，故选A.【点睛】本题考查了感应电流产生的条件：闭合回路中的磁通量发生变化．据此可正确解答本题．5、B【解析】试题分析：小球回到出发点时通过的位移为0，根据v-t图象与时间轴所围的面积表示位移可知，小球在7s末回到出发点，故A正确；由图象的斜率等于加速度，得小球在电场中的加速度为：a1=离开电场后的加速度大小为a2=由牛顿第二定律得：qE-mg=ma1 ①mg=ma2 ②由①②得：电场强度E=,B错误；从边界到P点，由动能定理得：-ma2y=0-mv02③解得：P点距边界的距离 y=v0，C错误．D、若边界AB处电势为零，边界与P点间的电势差为 U=Ey=0-φp=×v0解得：P点电势为．D正确．考点：本题考查带电粒子在电场中的运动．6、B【解析】由上图可知电源电动势为，电源内阻为．对A图，；对B图，，；对C图，I，；对D图，，，故B项正确。
点睛：根据图象求得电源的电动势和内电阻是本题的关键，之后根据闭合电路欧姆定律来计算即可二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分7、AD【解析】试题分析：B板向下移动，但始终与电源相连，所以U不变，根据知d变大，C变小，又可知Q变小．由于，所以E变小．综上所述，AD正确考点：电容器决定式、定义式、平行板电容器场强点评：此类题型较为基础的考察了平行板电容器的相关知识，属于基础题型8、BC【解析】A、粒子在运动过程中，若电量增大，由洛伦兹力提供向心力，得出的半径公式，可知当电量增大时，半径是减小，与太阳的引力做功无关,故A错误．B、粒子在运动过程中，南北两极的磁感应强度较强，由洛伦兹力提供向心力，得出的半径公式，可知，当磁感应强度增加时，半径是减小，故B正确．C、粒子在运动过程中可能受到空气的阻力，对粒子做负功，所以其动能会减小，故C正确； D、地球的磁场由南向北，当带负电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向为向西，所以粒子将向西偏转；当带正电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向，粒子受到的洛伦兹力始终与速度垂直，所以洛伦兹力不做功，故D错误；故选BC．【点睛】本题就是考查左手定则的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向．同时利用洛伦兹力提供向心力，推导出运动轨迹的半径公式来定性分析．9、BC【解析】AB、从轨迹弯曲方向可知电场力沿着电场线向左，由a到b电场力做负功，动能减小，电子在b点动能较小，故A错误，B正确；C、由电场线的密集程度可看出a点的场强较大，故C正确；D、从电子曲线轨迹向下弯曲可知电场线方向向右，沿着电场线方向电势越来越低，所以a点电势高于b点电势，故D错误；故选BC。
10、AD【解析】试题分析：由牛顿第二定律知电梯加速度向上，故可能加速上升、也可能减速下降，AD对．考点：牛顿第二定律．【名师点睛】对超重和失重的理解1．实重：物体实际所受的重力．物体所受重力不会因物体运动状态的改变而变化．2．视重：当物体在竖直方向上有加速度时，物体对弹簧测力计的拉力或对台秤的压力将不等于物体的重力，此时弹簧测力计或台秤的示数叫物体的视重．3．判断物体超重与失重的方法(1)从受力的角度判断：超重：物体所受向上的拉力(或支持力)大于重力失重：物体所受向上的拉力(或支持力)小于重力(2)从加速度的角度判断：①当物体的加速度方向向上(或加速度有竖直向上的分量)时，处于超重状态．根据牛顿第二定律有：FN－mg＝ma，此时FN>mg，即处于超重状态．②当物体的加速度方向向下(或加速度有竖直向下的分量)时，处于失重状态．根据牛顿第二定律有：mg－FN＝ma，此时FN